【易提分旗舰店】2008年浙江省高考数学【文】（含解析版）

2008年普通高等学校统一考试（浙江卷）数学(文科)试题第Ⅰ卷(共50分)一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（1）已知集合则=,21|,0|xxBxxABA(A)(B)1|xx2|xx(C)(D)20|xx21|xx(2)函数的最小正周期是1)cos(sin2xxy（A）（B）(C)(D)2232(3)已知a,b都是实数，那么“”是“ab”的22ab（A）充分而不必要条件（B）必要而不充分条件（C）充分必要条件（D）既不充分也不必要条件（4）已知{an}是等比数列，,则公比q=2512,4aa(A)(B)-2(C)2(D)2121(5)已知则且,2,0,0baba(A)(B)(C)(D)21ab21ab222ba322ba(6)在(x-1)(x-2)(x-3)(x-4)(x-5)的展开式中，含的项的系数是4x（A）-15（B）85（C）-120（D）274（7）在同一平面直角坐标系中，函数的图象和直线的交点个数是)2,0)(232cos(xxy21y（A）0（B）1（C）2（D）4（8）若双曲线的两个焦点到一条准线的距离之比为3：2，则双曲线的离心率是12222byax（A）3（B）5（C）（D）35（9）对两条不相交的空间直线a与b,必存在平面α,使得（A）（B）∥αba,ba,（C）(D)ba,ba,(10)若且当时,恒有,则以a,b为坐标的点P(a,b)所形成的平面区域的面积,0,0ba1,0,0yxyx1byax是(A)(B)(C)1(D)2142第Ⅱ卷(共100分)二、填空题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。（11）已知函数.)1(|,2|)(2fxxxf则(12)若.2cos,53)2sin(则(13)已知F1、F2为椭圆的两个焦点，过F1的直线交椭圆于A、B两点192522yx若|F2A|+|F2B|=12，则|AB|=。（14）在△ABC中，角A、B、C所对的边分别为a、b、c。若则cosA=.,coscos)3(CaAcb(15)如图，已知球O的面上四点，DA⊥平面ABC。ABCD、、、AB⊥BC，DA=AB=BC=，则球O的体积等于。3（16）已知a是平面内的单位向量，若向量b满足b·(a-b)=0,则|b|的取值范围是.（17）用1，2，3，4，5，6组成六位数（没有重复数字），要求任何相邻两个数字的奇偶性不同，且1和2相邻。这样的六位数的个数是（用数字作答）三、解答题：本大题共5小题，共72分。解答应写出文字说明、证明过程和演算步骤。（18）（本题14分）已知数列的首项，通项，且成等差数列。求：nx13x2*,,nnxpnpnNpq为常数（Ⅰ）p,q的值；(Ⅱ)数列前n项和的公式。nxnS（19）（本题14分）一个袋中装有大小相同的黑球、白球和红球，已知袋中共有10个球，从中任意摸出1个球，得到黑球的概率是;从中任意摸出2个球，至少得到521个白球的概率是.求：97（Ⅰ）从中任意摸出2个球，得到的数是黑球的概率；（Ⅱ）袋中白球的个数。（20）（本题14分）如图，矩形ABCD和梯形BEFC所在平面互相垂直,∠BCF=∠CEF=90°,AD=.2,3EF（Ⅰ）求证：AE∥平面DCF；（Ⅱ）当AB的长为何值时，二面角A-EF-C的大小为60°？（21）（本题15分）已知a是实数，函数.2()fxxxa（Ⅰ）若f1(1)=3,求a的值及曲线在点处的切线方程；)(xfy))1(,1(f（Ⅱ）求在区间[0，2]上的最大值。)(xf（22）（本题15分）已知曲线C是到点和到直线)83,21(P距离相等的点的轨迹，l是过点Q（-1，0）的直85y线，M是C上（不在l上）的动点；A、B在l上，xMBlMA,轴（如图）。（Ⅰ）求曲线C的方程；（Ⅱ）求出直线l的方程，使得为常数。||||2QAQB2008年普通高等学校统一考试（浙江卷）数学(文)试题答案解析一、选择题：本题考查基本知识和基本运算．每小题5分，满分50分1.答案：A解析：本小题主要考查集合运算。由=BA|1.xx2.答案：B解析：本小题主要考查正弦函数周期的求解。原函数可化为：，故其周期为sin22yx2.2T3.答案：D解析：本小题主要考查充要条件相关知识。依题“ab”既不能推出“ab”；反之，由“ab”也不能推出“22ba”。故“22ba”是“ab”的既不充分也不必要条件。4.答案：D解析：本小题主要考查等比数列通项的性质。由，解得3352124aaqq1.2q5.答案：C解析：本小题主要考查不等式的重要不等式知识的运用。由0,0ab,且2ab，∴，∴222ab。222224()22()abababab6.答案：A解析：本小题主要考查二项式定理展开式具体项系数问题。本题可通过选括号（即5个括号中4个提供，其x余1个提供常数）的思路来完成。故含4x的项的系数为(1)(2)(3)(4)(5)15.7.答案：C解析：本小题主要考查三角函数图像的性质问题。原函数可化为：])20[)(232cos(，xxy=作出原函数图像，截取部分，其与直线21y的交点个数是2个.sin,[0,2].2xx[0,2]x8.答案：D解析：本小题主要考查双曲线的性质及离心率问题。依题不妨取双曲线的右准线，则左焦点到右准2axc1F线的距离为，左焦点到右准线的距离为，依题即222aacccc1F222acaccc222222223,2cacaccacac，∴双曲线的离心率225ca5.cea9.答案：B解析：本小题主要考查立体几何中线面关系问题。∵两条不相交的空间直线a和b，∴存在平面，使得,//ab。10.答案：C解析：本小题主要考查线性规划的相关知识。由恒成立知，当时，恒成立，∴1axby0x1by；同理，∴以a,b为坐标点(,)Pab所形成的平面区域是一个正方形，所以面积为1.01b01a二、填空题：本题考查基本知识和基本运算．每小题4分，满分28分．11.答案：2解析：本小题主要考查知函数解析式，求函数值问题。代入求解即可。12.答案：725解析：本小题主要考查诱导公式及二倍角公式的应用。由可知，；而3sin()253cos5。2237cos22cos12()152513.答案：8解析：本小题主要考查椭圆的第一定义的应用。依题直线过椭圆的左焦点,在中，AB1F2FAB，又，∴22||||||420FAFBABa22||||12FAFB||8.AB14.答案：33解析：本小题主要考查三角形中正弦定理的应用。依题由正弦定理得：,即(3sinsin)cossincosBCAAC,∴3sincossin()sinBAACB3cos.3A15.答案：92解析：本小题主要考查球的内接几何体体积计算问题。其关键是找出球心，从而确定球的半径。由题意，三角形DAC,三角形DBC都是直角三角形，且有公共斜边。所以DC边的中点就是球心（到D、A、C、B四点距离相等），所以球的半径就是线段DC长度的一半。16.答案：[0,1]解析：本小题主要考查向量的数量积及向量模的相关运算问题。依题，即()0bab，∴且，又为单位向量，∴，2||0bab2||||cos||abb[0,].2a||1a∴∴||cos,[0,].2b||[0,1].b17.答案：40解析：：本小题主要考查排列组合知识。依题先排除1和2的剩余4个元素有种方案，再向这排222228AA好的4个元素中插入1和2捆绑的整体，有种插法，∴不同的安排方案共有种。15A221225240AAA三、解答题18.本题主要考查等差数列和等比数列的基本知识，考查运算及推理能力。满分14分。（Ⅰ）解：由得,31xⅡ解得得且又,82523,2,52,42,32554315544qpqpxxxqpxqpxqpp=1,q=1(Ⅱ)解：.2)1(22)21()222(12nnnSnnn19.本题主要考查排列组合、概率等基础知识，同时考查逻辑思维能力和数学应用能力。满分14分。（Ⅰ）解：由题意知，袋中黑球的个数为.45210记“从袋中任意摸出两个球，得到的都是黑球”为事件A，则.152)(21024CCAP（Ⅱ）解：记“从袋中任意摸出两个球，至少得到一个白球”为事件B。设袋中白球的个数为x，则,971)(1)(221nnCCBPBP得到x=520.空间本题主要考查空间线面关系向量的概念与运算等基础知识，同时考查空间想象能力和推理运算能力。满分14分。方法一：（Ⅰ）证明：过点E作EG⊥CF并CF于G，连结DG，可得四边形BCGE为矩形。又ABCD为矩形，所以AD⊥∥EG,从而四边形ADGE为平行四边形，故AE∥DG。因为AE平面DCF，DG平面DCF，所以AE∥平面DCF。（Ⅱ）解：过点B作BH⊥EF交FE的延长线于H，连结AH。由平面ABCD⊥平面BEFG，AB⊥BC，得AB⊥平面BEFC，从而AH⊥EF，所以∠AHB为二面角A-EF-C的平面角。在Rt△EFG中，因为EG=AD=.1,60,2,3FGCFEEF所以又因为CE⊥EF，所以CF=4，从而BE=CG=3。于是BH=BE·sin∠BEH=.233因为AB=BH·tan∠AHB,所以当AB为时，二面角A-EF-G的大小为60°.29方法二：如图，以点C为坐标原点，以CB、CF和CD分别作为x轴、y轴和z轴，建立空间直角坐标系C-xyz.设AB=a,BE=b,CF=c,则C（0，0，0），A（),0,0,3(),,0,3Ba).0,,0(),0,,3(cFbE（Ⅰ）证明：),0,,0(),0,0,3(),,,0(bBECBabAE所以,,,0,0BECBAECBBECBAECB从而所以CB⊥平面ABE。因为GB⊥平面DCF，所以平面ABE∥平面DCF故AE∥平面DCF（II）解：因为，(30)(30)EFcbCEb在-在在在在所以，从而0.2EFCEEF23()0,3()2.bcbcb解得b＝3，c＝4．所以．(3,3,0)(0,4,0)EF.设与平面AEF垂直，(1,,)nyz则，n0,n0AEEF解得．33(1,3,)na又因为BA⊥平面BEFC，，(0,0,)BAa所以，2331cos,2427BAnanBABAnaa得到．92a所以当AB为时，二面角A－EFC的大小为60°．9221.本题主要考查基本性质、导数的应用等基础知识，以及综合运用所学知识分析问题和解决问题的能力。满分15分。（I）解：．2'()32fxxax因为，'(I)323fa所以．0a又当时，，0a(I)1,'(I)3ff所以曲线处的切线方程为．()(1,(I))yfxf在3xy--2=0（II）解：令，解得．'()0fx1220,3axx当，即a≤0时，在[0，2]上单调递增，从而203a()fx．max(2)84ffa当时，即a≥3时，在[0，2]上单调递减，从而223a()fx．max(0)0ff当，即，在上单调递减，在上单调递增，从而2023a03a()fx20,3a