2008年天津市高考物理试卷解析版

2008年天津市高考物理试卷解析版参考答案与试题解析一、选择题1．（4分）下列说法正确的是（　　）A．布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒内分子的无规则运动B．理想气体在等温膨胀过程中也没有把吸收的热量全部对外做功C．知道某物质的摩尔质量和密度可求出阿伏加德罗常数D．内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同【考点】83：分子的热运动；8A：物体的内能．菁优网版权所有【专题】12：应用题．【分析】布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动．理想气体在等温膨胀过程中气体的内能没有变，所以把吸收的热量全部对外做功．知道某物质的摩尔质量和密度可求摩尔体积．内能不同的物体，可能是由于物质的量不同引起的，而温度可能相等，所以分子热运动的平均动能就可能相同．【解答】解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动，故A错。B、理想气体在等温膨胀过程中气体的内能没有变，所以把吸收的热量全部对外做功，故B错。C、知道某物质的摩尔质量和密度可求摩尔体积，故C错。D、内能不同的物体，可能是由于物质的量不同引起的，而温度可能相等，所以分子热运动的平均动能就可能相同，故D对。故选：D。【点评】本题主要考查基本知识点，平时要注意基本知识的积累并加以灵活应用．2．（4分）一个氡核Rn衰变成钋核P0并放出一个粒子，其半衰期为3.8天．1g氡经过7.6天衰变掉的氡的2228621884质量，以及Rn衰变成钋核P0的过程放出的粒子是（　　）2228621884A．0.25g，α粒子B．0.75g，α粒子C．0.25g，β粒子D．0.75g，β粒子【考点】JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．菁优网版权所有【分析】运用半衰期的定义进行定量计算．根据衰变过程中质量数和电荷数守恒列出衰变方程，得出是什么粒子．【解答】解：氡核的半衰期为3.8天，根据半衰期的定义得：m，其中m为剩余氡核的质量，m0为衰变前氡核的质量，T为半衰期，t为经历的时间。=𝑚02𝑡𝑇由于T＝3.8天，t＝7.6天，解得：mm0，所以衰变掉的氡的质量为m﹣m0＝0.75g，=14根据衰变过程中质量数和电荷数守恒，由于生成物质量数减小4，电荷数减小2，所以放出的粒子是α粒子。故选：B。【点评】知道放射性元素的半衰期是有一半该元素的原子核发生衰变所用的时间．求解时注意m为剩余的质量．3．（5分）下列有关光现象的说法正确的是（　　）A．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由紫光改为红光，则条纹间距一定变大B．以相同入射角从水中射向空气，紫光能发生全反射，红光也一定能发射全反射C．紫光照射某金属时有电子向外发射，红光照射该金属时也一定有电子向外发射D．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度【考点】H5：全反射；H9：光的干涉；HB：光的偏振；IC：光电效应．菁优网版权所有【专题】54E：全反射和临界角专题；54G：光的干涉专题；54I：光电效应专题．【分析】双缝干涉实验中相邻亮条纹之间的距离满足公式△xλ；全反射的临界角C满足折射定律n=𝐿𝑑；偏振片只能使振动方向与偏振片狭缝的方向相同的那一部分光透过透过，而其它光不能通过；=𝑠𝑖𝑛90°𝑠𝑖𝑛𝐶只有当入射光的频率大于等于金属的极限频率时，才能发生光电效应．【解答】解：A、根据双缝干涉条纹间距公式△xλ可知在其它条件不变的情况下将入射光由紫光改为红=𝐿𝑑光即波长λ增大，相邻条纹间距一定变大。故A正确。B、根据n可知折射率n越大临界角C越小，由于紫光的折射率最大，故临界角最小，故当紫光=𝑠𝑖𝑛90°𝑠𝑖𝑛𝐶能发生全反射，入射角不一定大于红光的临界角，故红光不一定能发生全反射，故B错误。C、由于红光的波长最大，故红光的频率最小，当紫光能使金属发生光电效应即紫光的频率大于金属的极限频率，但红光的频率不一定大于金属的极限频率，故在红光照射该金属时不一定有电子向外逸出，故C错误。D、偏振片只能使振动方向与偏振片狭缝的方向相同的那一部分光透过，而沿其它方向振动的光不能通过故减弱了透射光的强度，故D错误。故选：A。【点评】掌握了该部分知识的基本概念即可顺利解决此类题目．4．（5分）一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压，其最大值保持不变，副线圈接有可调电阻R．设原线圈的电流为I1，输入功率为P1，副线圈的电流为I2，输出功率为P2．当R增大时（　　）A．I1减小，P1增大B．I1减小，P1减小C．I2增大，P2减小D．I2增大，P2增大【考点】E8：变压器的构造和原理．菁优网版权所有【专题】53A：交流电专题．【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：由于原线圈的输入电压不变，变压器的匝数比也不变，所以副线圈的输出电压不变，当电阻R增大时，电路的电阻变大，副线圈的电流I2减小，所以原线圈的电流I1也要减小，由于副线圈的电压不变，根据P可得，当电阻增大时，输出的功率P2将减小，所以原线圈的输入的功率P1也将减小。所以B=𝑈2𝑅正确。故选：B。【点评】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．5．（5分）带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动：①在电场线上运动②在等势面上做匀速圆周运动．该电场可能是（　　）A．一个带正电的点电荷形成B．一个带负电的点电荷形成C．两个分立的带等量负电的点电荷形成D．一个带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成【考点】4A：向心力；A8：点电荷的电场．菁优网版权所有【分析】带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，若在电场线上运动，则电势一定变化，因为沿电场线电势降低，若在等势面上做匀速圆周运动，则电场力大小应该不变，结合这两个要求判断即可．【解答】解：A、带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，可以沿电场线向着正电荷加速，也可以沿电场线减速，即远离正电荷，也可绕正电荷做匀速圆周运动，电场力提供向心力，正电荷位于圆心上，故A正确；B、一个带负电的点电荷形成电场中，另一个负电荷只能沿着电场线加速远离或减速靠近，由于两负电荷相互排斥，电场力不可能提供向心力，故不会做匀速圆周运动，故B错误；C、两个分立的带等量负电的点电荷形成的电场不可能对负电荷有指向圆心的力，故也不会做匀速圆周运动，故C错误；D、一个带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成的电场不可能对负电荷有指向圆心的力，故负电荷也不会做匀速圆周运动，故D错误。故选：A。【点评】本题关键要能让负电荷做匀速圆周运动，必须有指向圆心的力提供向心力，故只能是位于圆心的正电荷提供．6．（5分）在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于平衡状态．现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3．若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（　　）A．F1保持不变，F3缓慢增大B．F1缓慢增大，F3保持不变C．F2缓慢增大，F3缓慢增大D．F2缓慢增大，F3保持不变【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡．菁优网版权所有【专题】11：计算题．【分析】分别以B和整体为研究对象，分别进行受力分析画出力的示意图，根据F的变化可知B对A的作用力，及地面对A的作用力．【解答】解：对B分析，可知墙对B的作用力及A对球的作用力的合力与F及重力的合力大小相等，方向相反，故当F增大时，B对A的压力增大；即F2增大；同理可知，墙对B的作用力F1增大；对整体分析，整体受重力、支持力、摩擦力、墙对球B的压力及压力F而处于平衡，故当F增大时，地面对A的支持力增大，同时摩擦力也将增大；故F3增大；故选：C。【点评】本题由于角度不发生变化，故压力增大时，B对A的压力增大；因此本题的难度不大．7．（5分）一个静止的质点，在0～4s时间内受到力F的作用，力的方向始终在同一直线上，力F随时间的变化如同所示，则质点在（　　）A．第2s末速度改变方向B．第2s末位移改变方向C．第4s末回到原出发点D．第4s末运动速度为零【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二定律．菁优网版权所有【专题】16：压轴题．【分析】解决本题的关键是将F﹣t图象转化成a﹣t图象，而a﹣t图线与时间轴围成的面积等于物体的速度．所以在0﹣4s内物体运动的方向不变，即物体始终向同一个方向运动．当t＝4s时，速度为0．【解答】解：根据牛顿第二定律F＝ma可得加速度a正比于合力F，故加速度a随时间变化的规律和F随时间变化的规律相同，故t＝1s时物体的加速度最大，t＝2s时物体的加速度a为零，t＝3s时物体的加速度方向为负方向且最大，t＝4s时物体的加速度为0。由于加速度图象与时间轴围成的面积等于物体的速度，故在0﹣2s内物体始终加速。由于2﹣4s内加速度为负值，故物体的速度减少，但速度仍然大于0，即速度方向保持不变，故A错误，由于加速度图象与时间轴围成的面积等于物体的速度，故物体在0﹣2s内增加的速度和在2﹣4s内减少的速度相等。故物体在t＝4s时速度为0。故D正确。由于在0﹣4s内物体的速度方向不变，故物体在0﹣4s内位移始终增加，故B、C错误。故选：D。【点评】根据牛顿第二定律将F﹣t图线转化成a﹣t图线，同时类比v﹣t图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移得出：a﹣t图线与时间轴围成的面积等于物体的速度，电流I随时间变化的关系图线即i﹣t图线与时间轴围成的面积等于通过导体的电量，这种方法在学习中要注意总结、积累、应用．8．（5分）一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则（　　）A．该波的振幅可能是20cmB．该波的波长可能是8.4mC．该波的波速可能是10.5m/sD．该波由a传播到b可能历时7s【考点】73：简谐运动的振动图象；F5：波长、频率和波速的关系．菁优网版权所有【专题】11：计算题；16：压轴题．【分析】由振动图象可知波的振幅及周期；由图象得出同一时刻两质点的位置及振动方向，则可得出ab间可能含有的波长数，则可得出波长的表达式，波速公式可得出波速的可能值；则可知该波从a传播到b点可能经历的时间．【解答】解：A、由图可知，波的周期为4s，振幅为10cm，故A错误；B、由图可知，在0时刻a在负向最大位置处，b在平衡位置向正方向运动，而波由a向b传播，则ab间距离与波长关系为l＝（n）λλ（n＝0，1，2，3﹣﹣﹣﹣﹣﹣），将8.4m代入n无解，故B错+34=4𝑛+34误；C、由B可知λm，由v可知，vm/sm/s（n＝0、1、2﹣﹣﹣﹣﹣=424𝑛+3=𝜆𝑇=424𝑛+34=10.54𝑛+3﹣），将10.5m/s代入，n无解，故C错误；D、由a到b需要的时间t（4n+3）s，当n＝1时，t＝7s，故D正确；=𝑙𝑣=故选：D。【点评】本题考查波的传播中的空间上的多解性，要注意ab间可能具有的波长个数，同时在确定两点之间的距离时，要找同一时刻时两点的位置及振动方向．二、解答题9．（16分）（1）用螺旋测微器测金属导线的直径，其示数如图所示，该金属导线的直径为　1.880（1.878～1.882）　mm（2）用下列器材组装成描绘电阻R0伏安特性曲线的电路，请将实物图连线成为实验电路。微安表μA（量程200μA，内阻约200Ω）；电压表V（量程3V，内阻约10kΩ）；电阻R0（阻值约20kΩ）；滑动变阻器R（最大阻值50Ω，额定电流1A）；电源E（电动势3V，内阻不计）；开关S及导线若干。（3）某同学用单摆测重力加速度，发现单摆静止时摆球重心在球心的正下方，他仍将从悬点到球心的距离当作摆长L，通过改变摆线的长度，测得6组L和对应的周期T，画出L﹣T2图线，然后在图线上选取A、B两点，坐