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2016年四川省达州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）.如图所示是敲击音叉时示波器在相同时间内截取的二列声波图，下列说法正确的是（）A．甲的音调比乙的音调低B．甲的音量比乙的音量小C．甲的音调比乙的音调高D．甲的音量比乙的音量大【分析】根据下列知识分析判断：（1）频率是1s物体振动的次数，相同时间内振动越快，频率越大．音调跟频率有关，频率越大，音调越高．（2）振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大．响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大．【解答】解：由图可知，两幅图中音叉振动的快慢相同，因此音调相同；偏离原位置程度不相同，因此响度不相同，甲偏离程度大，所以甲的响度大，即音量大．只有D选项说法正确．故选D．【点评】掌握声音的三个特征：音调、响度、音色，会观察波形图进行判断．音调跟频率有关；响度跟振幅有关；音色跟材料和结构有关．2．（3分）.下列有关光学知识说法错误的是（）A．远视眼的矫正是配戴合适的凸透镜B．在岸上看到水中的白云是光的折射现象C．小孔成像中像的大小与小孔到光屏的距离有关D．烛焰在凸透镜的主光轴上，以速度v从1.2f处匀速运动到1.9f处（f为焦距），这段时间内像移动的速度为v′，则v′＞v【分析】（1）远视眼患者成像在视网膜后，利用凸透镜会聚作用可以使成像前移到视网膜上．（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）小孔成像的原理是光的直线传播，所以，小孔所成的像一定是倒立的实像，至于成像的大小取决于像到小孔的距离．（4）凸透镜成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像；u=2f，成倒立等大的实像；f＜u＜2f，成倒立放大的实像；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜．【解答】解：A、远视眼是晶状体太薄，使像成在视网膜的后方；而凸透镜对光线有会聚作用，故远视眼要戴一个凸透镜来矫正．故A正确；B、人们在湖边看到“白云”在水中飘动，水面成像，属于光的反射，故B错误；C、在一定范围内屏离小孔越远，像越大，因此小孔成像中像的大小与小孔到光屏的距离有关，故C正确；D、因为当f＜u＜2f时，像距v＞2f，所以蜡烛在凸透镜的主光轴上，从1.1f匀速运动到1.8f（f为焦距）的过程中，由于像距移动的范围大，因此v′＞v，故D正确．故选B．【点评】本题主要考查的是远视眼的成因及其矫正方法、光的反射、凸透镜成像的原理和成像规律的应用，记熟成像规律是关键，并搞清成像特点与物距之间的关系．3．（3分）.关于热现象，下列说法正确的是（）A．水结冰后，水分子静止不动B．夏天吃冰糕时，冰糕周围的“白气”是冰糕升华形成的C．用零下18℃的盐水使水凝固，此过程中水的内能不变D．六月栀子花飘香，说明分子在永不停息地做无规则运动【分析】（1）物体是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动；（3）物质由气态变为液态叫液化；（3）物质凝固时，放出热量，内能减小；（4）分子在永不停息的做无规则运动．【解答】解：A、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，水结冰后，分子仍是运动的，故A错误；B、夏天，我们看到雪糕冒“白气”是空气中的水蒸气遇到温度较低的雪糕液化形成的小水滴，故B错误；C、用﹣18℃低温盐水使水凝固，此过程中，放出热量，内能减小，故C错误；D、六月栀子花飘香，说明分子在永不停息的做无规则运动，故D正确．故选D．【点评】本题综合考查了液化现象、分子的无规则运动以及温度、热量与内能的关系，涉及的知识点多，但都属于基础知识考查范围．4．（3分）.善于归纳总结是学习的好习惯，下列四组连线是小李同学的学习笔记，归纳完全正确的是（）A．力与运动的解释同一物体的速度越快﹣受到的惯性越大当浮力等于物体自身重力时﹣物体一定静止在水中匀速运动的物体﹣﹣﹣受到了平衡力B．物理问题与科学探究方法探究同一直线上的二力合成﹣﹣﹣控制变量法认识电压﹣类比法研究电流跟电压，电阻的关系﹣等效法C．装置与工作原理弹簧测力计﹣在弹性范围内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比电动机﹣通电线圈在磁场中要受到磁力的作用天平﹣等臂杠杆D．生活现象与物理知识用手机接打电话﹣电磁波传递能量夜间行车，驾驶室内不宜亮灯﹣漫反射使用高压锅﹣沸点与气压的关系【分析】根据我们所学到的力与运动的关系、物理学方法、弹簧测力计和电动机以及天平的原理、电磁波和漫反射以及沸点与气压的关系等相关知识进行逐项的分析、排除，从而得出正确的结论．【解答】解：A、惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体的运动速度没有关系，同一物体惯性相同，惯性不是力，不能说受到惯性的作用．故A错误；B、探究同一直线上的二力合成，是采用的等效替代法，不是控制变量法．故B错误；C、弹簧测力计﹣在弹性范围内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比；电动机﹣通电线圈在磁场中要受到磁力的作用；天平﹣等臂杠杆．故C正确；D、用手机接打电话是电磁波传递信息，不是传递能量；夜间行车，驾驶室内不宜亮灯，属于镜面反射．故D错误．故选C．【点评】本题考查了物理学中的多个知识点，要求学生对每个知识点的特点，原理及应用做灵活运用．5．（3分）.如图所示，轻质细绳将物体A，B通过两个定滑轮分别连在同一弹簧测力计的两端，其中GA=10N，GB=100N，B是边长为20cm的正方体，整个装置处于静止状态（不计弹簧测力计的重力及滑轮与绳子的摩擦），下列说法正确的是（）A．弹簧测力计的示数为0NB．弹簧测力计的示数为40NC．B物体对支撑面的压力为100ND．B物体对支撑面的压强为2.25×103Pa【分析】（1）弹簧测力计读数时，多数都是在静止或匀速直线运动状态即平衡状态下使用的，此时弹簧测力计的示数等于弹簧测力计受到的拉力；（2）通过分析甲的受力情况和相互作用力的大小关系得出B对地面的压力，根据p=求出B对地面的压强．【解答】解：（1）物体A由于自身的重力对弹簧测力计施加了一个向右的10N的拉力，因弹簧测力计处于静止状态，水平方向上受到的力是一对平衡力，所以，B也对弹簧测力计施加了一个10N的拉力，则弹簧测力计的示数F=10N，故AB错误；（2）A受到竖直向上的拉力、竖直向上的支持力和竖直向下的重力，这三个力是平衡力，所以，物体B受到的支持力：F支持=GB﹣F=100N﹣10N=90N，因支持力和压力是一对相互作用力，大小相等，所以，B物体对支撑面的压力：F压=F支持=90N，故C错误；甲对地面的压强：p===2.25×103Pa，故D正确．故选D．【点评】本题考查了二力平衡条件、相互作用力的应用以及压强的计算，要注意弹簧测力计处于静止状态时，受到的力是平衡力，弹簧测力计的示数等于其中一个力的大小．6．（3分）.如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P从最左端向中心移动的过程中，下列说法正确的是（）A．电流表A1和电流表A2的示数都变大B．电路总功率变大，电压表的V的示数不变C．电路总功率变小，电压表V的示数不变D．电流表A2和电压表V的示数都保持不变【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，利用P=UI可知电路总功率的变化．【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流．因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；在滑片P从最左端向中心移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=可知，通过变阻器的电流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，故D错误；由P=UI可知，电路总功率变大，故B正确、C错误．故选B．【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析电路的串并联和电表所测的电路元件是关键．7．（3分）.如图所示的电路中，电源电压不变，只闭合开关S1时，电压表V1与V2的示数之比为3：2，只闭合开关S2时，电压表V1与V2的示数之比为5：3，则R1与R2的电阻之比为（）A．4：3B．2：3C．3：5D．5：3【分析】由电路图可知，只闭合开关S1时，R0与R1串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测电源的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；只闭合开关S2时，R0与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测电源的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，然后得出R1与R2的电阻之比．【解答】解：由电路图可知，只闭合开关S1时，R0与R1串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测电源的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：===，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比为：===，即R1=2R0；只闭合开关S2时，R0与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测电源的电压，两电阻两端的电压之比：===，两电阻的阻值之比：===，即R2=R0，R1与R2的电阻之比：R1：R2=2R0：R0=4：3．故选A．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清两种情况下电路的连接方式是解题的关键，要注意各量之间的关系，不要颠倒．8．（3分）.灯泡L标有“6V6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图甲所示，现把灯泡L接入如图乙所示的电路中，若电源电压恒为10V，电流表的量程为“0﹣0.6A”，电压表的量程为“0﹣15V”，则下列说法正确的是（）A．灯泡L能正常发光，且电压表的示数为6VB．当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为1VC．灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而增大D．为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为6W【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电压表的示数；（2）根据图象读出当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压，根据电阻的串联特点求出电压表的示数；（3）灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻的越大，根据串联电路的电压特点可知电压表示数增大时灯泡两端的电压变化，进一步得出灯泡电阻与电压表示数之间的关系；（4）根据图象可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，即可判断灯泡是否能正常工作；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率．【解答】解：A、灯泡正常发光时的电压UL=6V，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡L正常发光时，电压表的示数：UR=U﹣UL=10V﹣6V=4V，故A错误；B、由图象可知，当I=0.4A时，UL=1V，所以UR=U﹣UL=10V﹣1V=9V．故B错误；C、灯泡的电阻随温度的升高而增大，即灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻越大，因电压表的示数越大时，灯泡两端的电压越小，所以，灯泡的电阻随两端的电压增大而减小．故C错误；D、由图象可知，当灯泡正常发光（UL=6V）时，电路中的电流为1A＞0.6A，所以电路中的最大电流为I=0.6A，电路消耗的最大电功率Pmax=UImax=10V×0.6A=6W．故D正确．故选D．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流．9．（3分）.质量相同的两个实心物体甲和乙，体积之比V甲：V乙=2：3，将它们轻轻放入水中，静止时所受的浮力