【新高考复习】1 第1讲　数列的概念与简单表示法　新题培优练

[基础题组练]1．已知数列5，11，17，23，29，…，则55是它的()A．第19项B．第20项C．第21项D．第22项解析：选C.数列5，11，17，23，29，…中的各项可变形为5，5＋6，5＋2×6，5＋3×6，5＋4×6，…，所以通项公式为an＝5＋6（n－1）＝6n－1，令6n－1＝55，得n＝21.2．(2019·武昌区调研考试)已知数列{an}的前n项和Sn＝n2－1，则a1＋a3＋a5＋a7＋a9＝()A．40B．44C．45D．49解析：选B.法一：因为Sn＝n2－1，所以当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝n2－1－(n－1)2＋1＝2n－1，又a1＝S1＝0，所以an＝0，n＝12n－1，n≥2，所以a1＋a3＋a5＋a7＋a9＝0＋5＋9＋13＋17＝44.故选B.法二：因为Sn＝n2－1，所以当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝n2－1－(n－1)2＋1＝2n－1，又a1＝S1＝0，所以an＝0，n＝12n－1，n≥2，所以{an}从第二项起是等差数列，a2＝3，公差d＝2，所以a1＋a3＋a5＋a7＋a9＝0＋4a6＝4×(2×6－1)＝44，故选B.3．设数列{an}的前n项和为Sn，且Sn＝2(an－1)，则an＝()A．2nB．2n－1C．2nD．2n－1解析：选C.当n＝1时，a1＝S1＝2(a1－1)，可得a1＝2，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2an－2an－1，所以an＝2an－1，所以数列{an}为等比数列，公比为2，首项为2，所以an＝2n.4．已知数列{an}的首项为2，且数列{an}满足an＋1＝an－1an＋1，数列{an}的前n项的和为Sn，则S2016等于()A．504B．588C．－588D．－504解析：选C.因为a1＝2，an＋1＝an－1an＋1，所以a2＝13，a3＝－12，a4＝－3，a5＝2，…，所以数列{an}的周期为4，且a1＋a2＋a3＋a4＝－76，因为2016÷4＝504，所以S2016＝504×－76＝－588，故选C.5．(2019·西宁模拟)数列{an}满足a1＝2，an＋1＝a2n(an＞0)，则an＝()A．10n－2B．10n－1C．102n－4D．22n－1解析：选D.因为数列{an}满足a1＝2，an＋1＝a2n(an＞0)，所以log2an＋1＝2log2an⇒log2an＋1log2an＝2，所以{}log2an是公比为2的等比数列，所以log2an＝log2a1·2n－1⇒an＝22n－1.6．已知数列{an}的前n项和Sn＝3n＋1，则an＝________．解析：当n＝1时，a1＝S1＝3＋1＝4；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝(3n＋1)－(3n－1＋1)＝2·3n－1.当n＝1时，2×31－1＝2≠a1，所以an＝4，n＝1，2·3n－1，n≥2.答案：4，n＝1，2·3n－1，n≥27．数列{an}中，a1＝2，且an＋1＝12an－1，则a5的值为______．解析：由an＋1＝12an－1，得an＋1＋2＝12(an＋2)，所以数列{an＋2}是以4为首项，12为公比的等比数列，所以an＋2＝4×12n－1＝23－n，an＝23－n－2，所以a5＝23－5－2＝－74.答案：－748．(2019·长春模拟)已知数列{an}满足an≠0，2an(1－an＋1)－2an＋1(1－an)＝an－an＋1＋an·an＋1，且a1＝13，则数列{an}的通项公式an＝________．解析：因为an≠0，2an(1－an＋1)－2an＋1(1－an)＝an－an＋1＋an·an＋1，所以两边同除以an·an＋1，得2（1－an＋1）an＋1－2（1－an）an＝1an＋1－1an＋1，整理，得1an＋1－1an＝1，即{1an}是以3为首项，1为公差的等差数列，所以1an＝3＋(n－1)×1＝n＋2，即an＝1n＋2.答案：1n＋29．已知数列{an}中，a1＝1，前n项和Sn＝n＋23an.(1)求a2，a3；(2)求{an}的通项公式．解：(1)由S2＝43a2得3(a1＋a2)＝4a2，解得a2＝3a1＝3.由S3＝53a3得3(a1＋a2＋a3)＝5a3，解得a3＝32(a1＋a2)＝6.(2)由题设知a1＝1.当n≥2时，有an＝Sn－Sn－1＝n＋23an－n＋13an－1，整理得an＝n＋1n－1an－1.于是a1＝1，a2＝31a1，a3＝42a2，…an－1＝nn－2an－2，an＝n＋1n－1an－1.将以上n个等式两端分别相乘，整理得an＝n（n＋1）2.显然，当n＝1时也满足上式．综上可知，{an}的通项公式an＝n（n＋1）2.10．设数列{an}的前n项和为Sn.已知a1＝a(a≠3)，an＋1＝Sn＋3n，n∈N*.(1)设bn＝Sn－3n，求数列{bn}的通项公式；(2)若an＋1≥an，n∈N*，求a的取值范围．解：(1)依题意，Sn＋1－Sn＝an＋1＝Sn＋3n，即Sn＋1＝2Sn＋3n，由此得Sn＋1－3n＋1＝2(Sn－3n)，即bn＋1＝2bn，又b1＝S1－3＝a－3，所以数列{bn}的通项公式为bn＝(a－3)2n－1，n∈N*.(2)由(1)知Sn＝3n＋(a－3)2n－1，n∈N*，于是，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝3n＋(a－3)2n－1－3n－1－(a－3)2n－2＝2×3n－1＋(a－3)2n－2，an＋1－an＝4×3n－1＋(a－3)2n－2＝2n－21232n－2＋a－3，当n≥2时，an＋1≥an⇒1232n－2＋a－3≥0⇒a≥－9.又a2＝a1＋3＞a1.综上，a的取值范围是[－9，3)∪(3，＋∞)．[综合题组练]1．在各项均为正数的数列{an}中，对任意m，n∈N*，都有am＋n＝am·an.若a6＝64，则a9等于()A．256B．510C．512D．1024解析：选C.在各项均为正数的数列{an}中，对任意m，n∈N*，都有am＋n＝am·an.所以a6＝a3·a3＝64，a3＝8.所以a9＝a6·a3＝64×8＝512.2．若数列{an}的通项公式是an＝(－1)n(3n－2)，则a1＋a2＋…＋a10等于()A．15B．12C．－12D．－15解析：选A.由题意知，a1＋a2＋…＋a10＝－1＋4－7＋10－…＋(－1)10×(3×10－2)＝(－1＋4)＋(－7＋10)＋…＋[(－1)9×(3×9－2)＋(－1)10×(3×10－2)]＝3×5＝15.3．(创新型)若数列{an}满足a1·a2·a3·…·an＝n2＋3n＋2，则数列{an}的通项公式为________．解析：a1·a2·a3·…·an＝(n＋1)(n＋2)，当n＝1时，a1＝6；当n≥2时，a1·a2·a3·…·an－1·an＝（n＋1）（n＋2），a1·a2·a3·…·an－1＝n（n＋1），故当n≥2时，an＝n＋2n，所以an＝6，n＝1，n＋2n，n≥2，n∈N*.答案：an＝6，n＝1，n＋2n，n≥2，n∈N*4．(应用型)(2019·湖南永州模拟)已知数列{an}中，a1＝a，a2＝2－a，an＋2－an＝2，若数列{an}单调递增，则实数a的取值范围为________．解析：由an＋2－an＝2可知数列{an}的奇数项、偶数项分别递增，若数列{an}单调递增，则必有a2－a1＝(2－a)－a＞0且a2－a1＝(2－a)－a＜an＋2－an＝2，可得0＜a＜1，故实数a的取值范围为(0，1)．答案：(0，1)5．(应用型)设数列{an}的前n项和为Sn，数列{Sn}的前n项和为Tn，满足Tn＝2Sn－n2，n∈N*.(1)求a1的值；(2)求数列{an}的通项公式．解：(1)令n＝1，T1＝2S1－1，因为T1＝S1＝a1，所以a1＝2a1－1，所以a1＝1.(2)n≥2时，Tn－1＝2Sn－1－(n－1)2，则Sn＝Tn－Tn－1＝2Sn－n2－[2Sn－1－(n－1)2]＝2(Sn－Sn－1)－2n＋1＝2an－2n＋1.因为当n＝1时，a1＝S1＝1也满足上式，所以Sn＝2an－2n＋1(n≥1)，当n≥2时，Sn－1＝2an－1－2(n－1)＋1，两式相减得an＝2an－2an－1－2，所以an＝2an－1＋2(n≥2)，所以an＋2＝2(an－1＋2)，因为a1＋2＝3≠0，所以数列{an＋2}是以3为首项，公比为2的等比数列．所以an＋2＝3×2n－1，所以an＝3×2n－1－2，当n＝1时也成立，所以an＝3×2n－1－2.6．(创新型)已知二次函数f(x)＝x2－ax＋a(a＞0，x∈R)，有且只有一个零点，数列{an}的前n项和Sn＝f(n)(n∈N*)．(1)求数列{an}的通项公式；(2)设cn＝1－4an(n∈N*)，定义所有满足cm·cm＋1＜0的正整数m的个数，称为这个数列{cn}的变号数，求数列{}cn的变号数．解：(1)依题意，Δ＝a2－4a＝0，所以a＝0或a＝4.又由a＞0得a＝4，所以f(x)＝x2－4x＋4.所以Sn＝n2－4n＋4.当n＝1时，a1＝S1＝1－4＋4＝1；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n－5.所以an＝1，n＝1，2n－5，n≥2.(2)由题意得cn＝－3，n＝1，1－42n－5，n≥2.由cn＝1－42n－5可知，当n≥5时，恒有cn＞0.又c1＝－3，c2＝5，c3＝－3，c4＝－13，c5＝15，c6＝37，即c1·c2＜0，c2·c3＜0，c4·c5＜0.所以数列{cn}的变号数为3.