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-----绝密★启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理部分注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.氢原子能级示意图如图所示。光子能量在1.63eV~3.10eV的光为可见光。要使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A.12.09eVB.10.20eVC.1.89eVD.1.5leV【答案】A【解析】【详解】由题意可知，基态（n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV~3.10eV的可见光。故E1.51(13.60)eV12.09eV。故本题选A。2.如图，空间存在一方向水平向右的匀强电场，两个带电小球P和Q用相同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则-----A.P和Q都带正电荷B.P和Q都带负电荷C.P带正电荷，Q带负电荷D.P带负电荷，Q带正电荷【答案】D【解析】【详解】AB、受力分析可知，P和Q两小球，不能带同种电荷，AB错误；CD、若P球带负电，Q球带正电，如下图所示，恰能满足题意，则C错误D正确，故本题选D。3.最近，我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运载火箭的研发取得突破性进展。若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3km/s，产生的推力约为4.8×106N，则它在1s时间内喷射的气体质量约为A.1.610×2kgB.1.610×3kgC.1.610×5kgD.1.610×6kg【答案】B【解析】【详解】设该发动机在ts时间内，喷射出的气体质量为m，根据动量定理，Ftmv，可知，在1s内喷射出的气体质量m0mF4.8106kg1.6103kg，故本题选B。tv30004.如图，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点M、N与直流电源两端相接，已如导体棒MN受到的安培力大小为F，则线框LMN受到的安培力的大小为-----A.2FB.1.5FC.0.5FD.0【答案】B【解析】【详解】设每一根导体棒的电阻为R，长度为L，则电路中，上下两路电阻之比为R1:R22R:R2:1，根据并联电路两端各电压相等的特点可知，上下两路电流之比I1:I21:2。如下图所示，由于上路通电的导体受安培力的有效长度为L，根据安培力计算公式FILB，可知F:FI1:I21:2，得F1F，32根据左手定则可知，两力方向相同，故线框LMN所受的合力大小为FFF，故本题选B。25.如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H。上升第一个H所用的时4间为t1，第四个H所用的时间为t2。不计空气阻力，则t2满足4t1-----A.1t2t2t2t22B.23C.34D.45t1t1t1t1【答案】C【解析】【详解】运动员起跳到达最高点的瞬间速度为零，又不计空气阻力，故可逆向处理为自由落体运动。则根据初速度为零匀加速运动，相等相邻位移时间关系1:21:32:23:52....，可知t21t24，故本题选C。t123，即3t1236.如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N。另一端与斜面上的物块M相连，系统处于静止状态。现用水平向左的拉力缓慢拉动N，直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°。已知M始终保持静止，则在此过程中A.水平拉力的大小可能保持不变B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D.M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加【答案】BD【解析】【详解】如图所示，以物块N为研究对象，它在水平向左拉力F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为45°的过程中，水平拉力F逐渐增大，绳子拉力T逐渐增大；对M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，则随着绳子拉力T的增加，则摩擦力f也逐渐-----增大；若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上，则随着绳子拉力T的增加，摩擦力f可能先减小后增加。故本题选BD。7.空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上。t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到t=t1的时间间隔内A.圆环所受安培力的方向始终不变B.圆环中的感应电流始终沿顺时针方向B0rSC.圆环中感应电流大小为4t0Bπr2D.圆环中的感应电动势大小为04t0【答案】BC【解析】【详解】AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向FA方向在t0时刻发生变化，则A错误，B正确；E2CD、由闭合电路欧姆定律得：IEBr，又根据电阻，又根据法拉第电磁感应定律得：tRt2定律得：R2rIB0rS，联立得：，则C正确，D错误。S4t0故本题选BC。8.在星球M上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体P轻放在弹簧上端，P由静止向下运动，物体的加-----的-----速度a与弹簧的压缩量x间的关系如图中实线所示。在另一星球N上用完全相同的弹簧，改用物体Q完成同样的过程，其a–x关系如图中虚线所示，假设两星球均为质量均匀分布的球体。已知星球M的半径是星球N的3倍，则A.M与N的密度相等B.Q的质量是P的3倍C.Q下落过程中的最大动能是P的4倍D.Q下落过程中弹簧最大压缩量是P的4倍【答案】AC【解析】【详解】A、由a-x图象可知，加速度沿竖直向下方向为正方向，根据牛顿第二定律有：mgkxma，变形式为：agkx，该图象的斜率为k，纵轴截距为重力加速度g。根据图象的纵轴截距可知，两星mm球表面的重力加速度之比为：gM3a03；又因为在某星球表面上物体，所受重力和万有引力相等，gNa01即：GMmmg，即该星球质量MgR2。又因为：4R3，联立得43g。故两星球的R2GM3RG密度之比为：MgMRN1:1，故A正确；gNRMNB、当物体在弹簧上运动过程中，0一瞬间，其所受弹力和重力二力平衡，mgkx加速度为kx，即：m；g结合a-x图象可知，当物体P和物体Q分别处于平衡位置时，弹簧的压缩量之比为：xPx01，故物体P和物体Q的质量之比为：的mPxpgN1，故B错误；xQ2x02-----mQxQgM6-----C、物体P和物体Q分别处于各自的平衡位置（a=0）时，它们的动能最大；根据v22ax，结合a-x图象面积的物理意义可知：物体P的最大速度满足vP2213a0x03a0x0，物体Q的最大速度满足：21222a0x0，则两物体的最大动能之比：EkQ2mQvQmQvQ2vQEkP12mPvP24，C正确；2mPvPD、物体P和物体Q分别在弹簧上做简谐运动，由平衡位置（a=0）可知，物体P和Q振动的振幅A分别为x0和2x0，即物体P所在弹簧最大压缩量为2x0，物体Q所在弹簧最大压缩量为4x0，则Q下落过程中，弹簧最大压缩量时P物体最大压缩量的2倍，D错误；故本题选AC。三、非选择题：共174分，第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.某小组利用打点计时器对物块沿倾斜的长木板加速下滑时的运动进行研究。物块拖动纸带下滑，打出的纸带一部分如图所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出。在ABCDE五个点中，打点计时器最先打出的是______点，在打出C点时物块的速度大小为______m/s（保留3位有效数字）；物块下滑的加速度大小为_____m/s2（保留2位有效数字）。【答案】(1).A(2).0.233(3).0.75【解析】【详解】分析可知，物块沿倾斜长木板最匀加速直线运动，纸带上的点迹，从A到E，间隔越来越大，可知，物块跟纸带的左端相连，纸带上最先打出的是A点；在打点计时器打C点瞬间，物块的速度vCxBD4.651020.233m/s；根据逐差法可知，物块下滑的加速度2T20.1axCExAC6.153.15102-----40.120.75m/s2。4T2-----故本题正确答案为：A；0.233；0.75。10.某同学要将一量程为250μA的微安表改装为量程为20mA的电流表。该同学测得微安表内阻为1200，Ω经计算后将一阻值为R的电阻与微安表连接，进行改装。然后利用一标准毫安表，根据图（改装后的电表进行检测（虚线框内是改装后的电表）。a）所示电路对（1）根据图（（a）和题给条件，将（）b）中的实物连接。（2）当标准毫安表的示数为16.0mA时，微安表的指针位置如图（程不是预期值，而是_______。（填正确答案标号）A．18mAA．21mAc）所示，由此可以推测出改装的电表量C．25mAD．28mA（3）产生上述问题的原因可能是________。（填正确答案标号）A．微安表内阻测量错误，实际内阻大于1200ΩB．微安表内阻测量错误，实际内阻小于1200Ω-----C．R值计算错误，接入的电阻偏小D．R值计算错误，接入的电阻偏大（4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是都正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k=_______。【答案】(1).(2).C(3).AC(4).9979【解析】【详解】（1）电表改装时，微安表应与定值电阻R并联接入虚线框内，则实物电路连接如下图所示：（2）由标准毫安表与该装表的读数可知，改装后的电流表，实际量程被扩大的倍数为：n16mA100倍。故当原微安表表盘达到满偏时，实际量程为：3，故160103mA2501010025mA本小题选C；（3）根据IgRgIIgR，得：I1RgIg，改装后的量程偏大的原因可能是，原微安表内阻测量R值偏小，即电表实际内阻Rg真实值，大于1200Ω；或者因为定值电阻R的计算有误，计算值偏大，实际接入定值电阻R阻值偏小。故本小题选AC；（4）由于接入电阻R时，改装后的表实际量程为25mA，故满足IgRg25IgR；要想达到预期目的，即将微安表改装为量程为20mA电流表，应满足IgRg20IgkR，其中Ig250μA0.25mA，联立解得：k1.25或k99。79-----故本题答案为：（1）（2）C（3）AC（4）k991.25或k7911.如图，在直角三角形OPN区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外。一带正电的粒子从静止开始经电压U加速后，沿平行于x轴的方向射入磁场；一段时间后，该粒子在OP边上某点以垂直于x轴的方向射出。已知O点为坐标原点，N点在y轴上，OP与x轴的夹角为30°，粒子进入磁场的入射点与离开磁场的出射点之间的距离为d，不计重力。求（1）带电粒子的比荷；（2）带电粒子从射入磁场到运动至x轴的时间。4U（2）3d2BBd23【答案】（1）2B2812U或3d4U2【解析】【详解】（1）粒子从静止被加速的过程，根据动能定理得：qU1mv02，解得：v02qU2m根据题意，下图为粒子的运动轨迹，由几何关系可知，该粒子在磁场中运动的轨迹半径为：r2d2-----粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即：qv0Bmv02rq4U联立方程得：d2B2m（2）根据题意，粒子在磁场中运动的轨迹为四分之一圆周，长度S1=12r2d44粒子射出磁场后到运动至x轴，