高二数学解三角形测试题(附标准答案)

1/6解三角形测试题一、选择题：1、ΔABC中,a=1,b=3,∠A=30°,则∠B等于（）A．60°B．60°或120°C．30°或150°D．120°2、符合下列条件的三角形有且只有一个的是（）A．a=1,b=2,c=3B．a=1,b=2,∠A=30°C．a=1,b=2,∠A=100°D．b=c=1,∠B=45°3、在锐角三角形ABC中，有（）A．cosAsinB且cosBsinAB．cosAsinB且cosBsinAC．cosAsinB且cosBsinAD．cosAsinB且cosBsinA4、若(a+b+c)(b+c－a)=3abc,且sinA=2sinBcosC,那么ΔABC是（）A．直角三角形B．等边三角形C．等腰三角形D．等腰直角三角形5、设A、B、C为三角形的三内角,且方程(sinB－sinA)x2+(sinA－sinC)x+(sinC－sinB)=0有等根，那么角B（）A．B60°B．B≥60°C．B60°D．B≤60°6、满足A=45,c=6,a=2的△ABC的个数记为m,则am的值为（）A．4B．2C．1D．不定7、如图：D,C,B三点在地面同一直线上,DC=a,从C,D两点测得A点仰角分别是β,α(αβ),则A点离地面的高度AB等于（）AB2/6A．)sin(sinsinaB．)cos(sinsinaC．)sin(cossinaD．)cos(sincosa8、两灯塔A,B与海洋观察站C的距离都等于a(km),灯塔A在C北偏东30°,B在C南偏东60°,则A,B之间的相距（）A．a(km)B．3a(km)C．2a(km)D．2a(km)二、填空题：9、A为ΔABC的一个内角,且sinA+cosA=127,则ΔABC是______三角形.10、在ΔABC中，A=60°,c:b=8:5,内切圆的面积为12π,则外接圆的半径为_____.11、在ΔABC中，若SΔABC=41(a2+b2－c2),那么角∠C=______.12、在ΔABC中，a=5,b=4,cos(A－B)=3231,则cosC=_______.三、解答题：13、在ΔABC中,求分别满足下列条件的三角形形状：①B=60°,b2=ac；②b2tanA=a2tanB；③sinC=BABAcoscossinsin④(a2－b2)sin(A+B)=(a2+b2)sin(A－B).DC3/614、已知ΔABC三个内角A、B、C满足A+C=2B,Acos1+Ccos1=－Bcos2,求2cosCA的值.15、二次方程ax2－2bx+c=0,其中a、b、c是一钝角三角形的三边,且以b为最长.①证明方程有两个不等实根；②证明两个实根α,β都是正数；③若a=c,试求|α－β|的变化范围.16、海岛O上有一座海拨1000米的山,山顶上设有一个观察站A,上午11时,测得一轮船在岛北60°东C处,俯角30°,11时10分,又测得该船在岛的北60°西B处,俯角60°.①这船的速度每小时多少千米？②如果船的航速不变,它何时到达岛的正西方向？此时所在点E离岛多少千米？4/6一、BDBBDAAC二、（9）钝角（10）3314（11）4（12）81三、（13）分析：化简已知条件，找到边角之间的关系，就可判断三角形的形状.①由余弦定理acaccaacbcaacbca22222222212260cos0)(2ca，ca.由a=c及B=60°可知△ABC为等边三角形.②由AAbBaAbcossintantan222,2sin2sin,cossincossinsinsincossincossincossin22222BABBAAABabBAABBBa∴A=B或A+B=90°，∴△ABC为等腰△或Rt△.③BABACcoscossinsinsin，由正弦定理：,)cos(cosbaBAc再由余弦定理：baacbcacbccbac22222222RtABCbacbacba为,,0))((222222.④由条件变形为2222)sin()sin(babaBABA90,2sin2sinsinsinsincoscossin,)sin()sin()sin()sin(2222BABABABABABAbaBABABABA或.∴△ABC是等腰△或Rt△.点评：这类判定三角形形状的问题的一般解法是：由正弦定理或余弦定理将已知条件转化为只含边的式子或只含角的三角函数式，然后化简考察边或角的关系，从而确定三角形的形状.有时一个条件既可用正弦定理也可用余弦定理甚至可以混用.如本例的②④也可用余弦定理，请同学们试试看.（14）分析：120,60,2CABBCA再代入三角式解得A或C.解：120.60,2180,2CABBBBCA.∴由已知条件化为：22cos)120cos(.22)120cos(1cos1AAAA5/6),120cos(cosAA设60,60,2CACA则.代入上式得：)60cos()60cos()60cos(22)60cos(.化简整理得023cos2cos242222cos,22cos,0)3cos22)(2cos2(CA即.注：本题有多种解法.即可以从上式中消去B、C求出cosA，也可以象本例的解法.还可以用和、差化积的公式，同学们可以试一试.（15）分析：证明方程有两个不等实根，即只要验证△＞0即可.要证α，β为正数，只要证明αβ＞0，α+β＞0即可.解：①在钝角△ABC中，b边最长.acbacbBaccabB424)2(,cos20cos122222且.0cos4)(24)cos2(2222BaccaacBacca（其中0cos40)(22Bacca且∴方程有两个不相等的实根.②,0,02acab∴两实根α、β都是正数.③a=c时，424)(2)(,12222222abaacab2||0,4cos40,0cos1,cos44)cos2(22222因此BBBaaBacca.（16）分析：这是一个立体的图形，要注意画图和空间的简单感觉.解：①如图：所示.OB=OA3330tan(千米)，3OC（千米）则313120cos222OCOBOCOBBC（千米）3926010313v船速（千米/小时）6/6②由余弦定理得：OBCEBOBCOBOCBCOBOBCsinsin,261352cos222)]30(180sin[sin,26135cos,26393)26135(12EBOOEBEBO.131330sincos30cossin)30sin(EBOEBOEBO再由正弦定理，得OE=1.5（千米），5),(639vBEBE千米（分钟）.答：船的速度为392千米/小时；如果船的航速不变，它5分钟到达岛的正西方向，此时所在点E离岛1.5千米.