搜索
第1页（共10页）2017年北京市高考化学试题一、本部分共7小题，每小题6分，共120分．在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项．7．（2017•北京）古丝绸之路贸易中的下列商品，主要成分属于无机物的是A．瓷器B．丝绸C．茶叶D．中草药A．AB．BC．CD．D【答案】A【解析】含有碳元素的化合物为有机物，有机物大多数能够燃烧，且多数难溶于水；无机物指的是不含碳元素的化合物，无机物多数不能燃烧，据此分析。A、瓷器是硅酸盐产品，不含碳元素，不是有机物，是无机物，故A正确；B、丝绸的主要成分是蛋白质，是有机物，故B错误；C、茶叶的主要成分是纤维素，是有机物，故C错误；D、中草药的主要成分是纤维素，是有机物，故D错误。【考点】无机化合物与有机化合物的概念、硅及其化合物菁优网版权所有【专题】物质的分类专题【点评】本题依托有机物和无机物的概念考查了化学知识与生活中物质的联系，难度不大，应注意有机物中一定含碳元素，但含碳元素的却不一定是有机物。8．（2017•北京）2016年IUPAC命名117号元素为TS，TS的原子核外最外层电子数是7，下列说法不正确的是A．TS是第七周期第ⅦA族元素B．TS的同位素原子具有相同的电子数C．TS在同族元素中非金属性最弱D．中子数为176的TS核素符号是117176Ts【答案】D【解析】A．根据原子核外电子排布规则，该原子结构示意图为，据此判断该元素位于第七周期、第VIIA族，故A正确。B．同位素具有相同质子数、不同中子数，而原子的质子数=核外电子总数，则TS的同位素原子具有相同的电子数，故B正确；C．同一主族元素中，随着原子序数越大，元素的非金属性逐渐减弱，则TS在同族元素中非金属性最弱，故C正确；D．该元素的质量数=质子数+中子数=176+117=293，该原子正确的表示方法为：117293Ts，故D错误；【考点】原子结构与元素的性质；元素周期律与元素周期表菁优网版权所有【专题】元素周期律与元素周期表专题第2页（共10页）【点评】本题考查原子结构与元素性质，题目难度不大，明确原子结构与元素周期律的关系为解答关键，注意掌握原子构成及表示方法，试题培养了学生的分析能力及灵活应用能力。9．(2017•北京)下列变化中，气体被还原的是A．二氧化碳使Na2O2固体变白B．氯气使KBr溶液变黄C．乙烯使Br2的四氯化碳溶液褪色D．氨气使AlCl3溶液产生白色沉淀【答案】B【解析】A．二氧化碳与淡黄色的Na2O2反应生成白色的碳酸钠，该反应中Na2O2既是氧化剂又是还原剂，二氧化碳不是氧化剂和还原剂，故A错误；B．氯气使KBr溶液变黄，该反应中氯气做氧化剂，反应中被还原，故B正确；C．乙烯与溴的反应中，溴做氧化剂，乙烯被氧化，故C错误；D．氨气与AlCl3溶液的反应不是氧化还原反应，故D错误；【考点】氧化还原反应；钠及其化合物；卤素；乙烯的性质；氮及其化合物；铝及其化合物。优网版权所有【专题】氧化还原反应专题【点评】本题考查氧化还原反应的应用，题目难度不大，明确氧化还原反应的实质为解答关键，注意掌握氧化反应与还原反应的区别，试题侧重基础知识的考查，培养了学生的灵活应用能力。10．（2017•北京）我国在CO2催化加氢制取汽油方面取得突破性进展，CO2转化过程示意图如下。下列说法不正确的是A．反应①的产物中含有水B．反应②中只有碳碳键形式C．汽油主要是C5～C11的烃类混合物D．图中a的名称是2﹣甲基丁烷【答案】B【解析】A．从质量守恒的角度判断，二氧化碳和氢气反应，反应为CO2+H2=CO+H2O，则产物中含有水，故A正确；B．反应②生成烃类物质，含有C﹣C键、C﹣H键，故B错误；C．汽油所含烃类物质常温下为液态，易挥发，主要是C5～C11的烃类混合物，故C正确；D．图中a烃含有5个C，且有一个甲基，应为2﹣甲基丁烷，故D正确。【考点】碳族元素简介；有机物的结构；汽油的成分；有机物的系统命名法菁优网版权所第3页（共10页）有【专题】碳族元素；观察能力、自学能力。【点评】本题综合考查碳循环知识，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握化学反应的特点，把握物质的组成以及有机物的结构和命名，难度不大。11．（2017•北京）根据SO2通入不同溶液中实验现象，所得结论不正确的是实验现象结论A含HCl、BaCl2的FeCl3溶液产生白色沉淀SO2有还原性BH2S溶液产生黄色沉淀SO2有氧化性C酸性KMnO4溶液紫色溶液褪色SO2有漂白性DNa2SiO3溶液产生胶状沉淀酸性：H2SO3＞H2SiO3A．AB．BC．CD．D【答案】C【解析】A．FeCl3将SO2氧化成硫酸根离子，硫酸根离子与BaCl2反应生成硫酸钡沉淀，该反应中二氧化硫被氧化，表现了还原性，故A正确；B．SO2与H2S反应生成S单质，该反应中SO2中+4价S元素被还原生成0价的单质S，二氧化硫被还原，做氧化剂，故B正确；C．酸性KMnO4溶液能够氧化SO2，使溶液褪色，SO2表现了还原性，故C错误；D．Na2SiO3溶液中通入二氧化硫生成H2SiO3，说明亚硫酸的酸性较强，即酸性：H2SO3＞H2SiO3，故D正确；【考点】硫及其化合物的性质；硅及其化合物的性质；铁及其化合物的性质。【专题】氧族元素【点评】本题考查二氧化硫的性质，题目难度中等，明确常见元素及其化合物性质为解答关键，注意掌握二氧化硫的化学性质，试题有利于提高学生的分析、理解能力及综合应用能力．12．（2017•北京）聚维酮碘的水溶液是一种常见的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮碘，其结构表示如下（图中虚线表示氢键）下列说法不正确的是A．聚维酮的单体是B．聚维酮分子由(m+n)个单体聚合而成C．聚维酮碘是一种水溶性物质D．聚维酮在一定条件下能发生水解反应【答案】B【解析】由高聚物结构简式可知的单体为，高聚物可与HI3形成氢键，则也可与水形成氢键，可溶于水，含有肽键，可发生水。故A正确；第4页（共10页）B．由2m+n个单体加聚生成，故B错误；C．高聚物可与HI3形成氢键，则也可与水形成氢键，可溶于水，故C正确；D．含有肽键，具有多肽化合物的性质，可发生水解生成氨基和羧基，故D正确．【考点】有机高分子化合物的结构和性质；氢键；肽键菁；优网版权所有【专题】有机化学基础【点评】本题侧重考查有机物的结构和性质，涉及高聚物单体以及性质的判断，注意把握氢键以及官能团的性质，题目有利于培养学生的分析能力，难度不大．13．(2017•北京)下述实验中均有红棕色气体产生，对比分析所的结论不正确的是①②③A．由①中的红棕色气体，推断产生的气体一定是混合气体B．红棕色气体不能表明②中木炭与浓硝酸产生了反应C．由③说明浓硝酸具有挥发性，生成的红棕色气体为还原产物D．③的气体产物中检测出CO2，由此说明木炭一定与浓硝酸发生了反应【答案】D【解析】题中涉及实验都在加热条件下，浓硝酸不稳定，加热分解生成的二氧化氮气体为红棕色，且加热条件下，浓硝酸可与碳发生氧化还原反应。A．加热条件下，浓硝酸分解生成二氧化氮和氧气，则产生的气体一定是混合气体，故A正确；B．在加热条件下，浓硝酸可分解生成二氧化氮，不一定与碳反应生成，故B正确；C．硝酸中N元素化合价为+5价，生成二氧化氮的N元素化合价为+4价，化合价降低，在生成的红棕色气体为还原产物，故C正确；D．碳加热至红热，可与空气中O2生成二氧化碳，不一定为与浓硝酸发生了反应，D错。【考点】氮及其化合物；硝酸的化学性质菁优网版权所有【专题】氮族元素【点评】本题考查浓硝酸的性质，侧重考查学生的分析能力和元素化合物知识的综合理解和运用，注意把握物质的性质以及实验的严密性和可行性的评价，难度不大。二、解答题（共4小题，满分58分）25．（17分）（2017•北京）羟甲香豆素是一种治疗胆结石的药物，合成路线如下图所示：第5页（共10页）已知：RCOOR'+R''OHRCOOR''+R'OH（R、R'、R''代表烃基）（1）A属于芳香烃，其结构简式是。B中所含的官能团是。（2）C→D的反应类型是。（3）E属于脂类。仅以乙醇为有机原料，选用必要的无机试剂合成E，写出有关化学方程式：。（4）已知：2E一定条件F+C2H5OH。F所含官能团有和。（5）以D和F为原料合成羟甲香豆素分为三步反应，写出有关化合物的结构简式：【答案】⑴硝基⑵取代反应⑶CH3COOH+CH3CH2OH浓H2SO4△浓H2SO4△CH3COOCH2CH3+H2O⑷⑸⑹【解析】由羟甲香豆素结构简式可知D为，则C为，B为，则A为，由题中（3）信息可知E为CH3COOCH2CH3，由（4）可知F为CH3CH2OOCCH2COCH3。由以上分析可知：（1）A为，B为，含有的官能团为硝基，故答案为：；硝基；（2）C为，发生取代反应生成。（3）E为CH3COOCH2CH3，可由乙酸和乙醇发生酯化反应生成，方程式为CH3COOH+CH3CH2OH浓H2SO4△浓H2SO4△CH3COOCH2CH3+H2O。（4）F为CH3CH2OOCCH2COCH3，官能团为和，故答案为：；（5）以D和F为原料，生成中间产物1为，为取代反应，然后生成中间产物2为，发生的为加成反应，最后发生消去反应可生成羟甲香豆素。故答案为：；。【考点】有机合成；苯及其同系物；酯的化学性质；信息的迁移。版权所有【专题】有机物的化学性质及推断【点评】本题侧重考查有机物的合成，注意把握题给信息以及官能团的变化，为解答该类题第6页（共10页）目的关键，题目难度中等，有利于培养学生的分析能力。26．（13分）（2017•北京）TiCl4是由钛精矿（主要成分为TiO2）制备钛（Ti）的重要中间产物，制备纯TiCl4的流程示意图如下：资料：TiCl4及所含杂质氯化物的性质化合物SiCl4TiCl4AlCl3FeCl3MgCl2沸点/℃58136181（升华）3161412熔点/℃﹣6925193304714在TiCl4中的溶解性互溶﹣微溶难溶（1）氯化过程：TiO2与Cl2难以直接反应，加碳生成CO和CO2可使反应得以进行。已知：TiO2(s)+2Cl2(g)=TiCl4(g)+O2(g)△H1=+175.4kJ•mol﹣12C(s)+O2(g)=2CO(g)△H2=﹣220.9kJ•mol﹣1①沸腾炉中加碳氯化生成TiCl4（g）和CO（g）的热化学方程式：。②氯化过程中CO和CO2可以相互转化，根据如图判断：CO2生成CO反应的△H0（填“＞”“＜”或“=”），判断依据：。③氯化反应的尾气须处理后排放，尾气中的HCl和Cl2经吸收可得粗盐酸、FeCl3溶液，则尾气的吸收液依次是。④氯化产物冷却至室温，经过滤得到粗TiCl4混合液，则滤渣中含有。（2）精制过程：粗TiCl4经两步蒸馏得纯TiCl4。示意图如下：物质a是，T2应控制在。【答案】⑴①TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)△H=﹣45.5kJ•mol﹣1②＞温度越高，CO的物质的量越多而CO2的物质的量少，说明CO2生成CO的反应是吸热反应③饱和食盐水、氯化亚铁溶液④TiO2、C⑵SiCl4136℃左右【解析】解：由制备纯TiCl4的流程示意图，钛精矿与氯气、C发生氯化过程，反应为TiO2+2Cl2+2CTiCl4+2CO，结合表格中数据可知，蒸馏得到纯TiCl4，（1）①由I．TiO2(s)+2Cl2(g)=TiCl4(g)+O2(g)△H1=+175.4kJ•mol﹣1II.2C(s)+O2(g)=2CO(g)△H2=﹣220.9kJ•mol﹣1，结合盖斯定律可知，I+II得到TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)，△H=(+175.4kJ•mol第7页（共10页）﹣1)+(﹣220.9kJ•mol﹣1)=﹣45.5kJ•mol﹣1，即热化学方程式为:TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)△H=﹣45.5kJ•mol﹣1。故答案为：TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s