阶段知能检测(二)第Ⅰ卷一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,满分40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.给定函数①y=x12;②y=log12(x+1);③y=|x-1|;④y=2x+1.其中在区间(0,1)上单调递减的函数的序号是()A.①②B.②③C.③④D.①④【解析】显然y=x12与指数型函数y=2x+1在(0,1)上递增,利用复合函数性质,知y=log12(x+1)在(0,1)上递减.当0<x<1时,y=|x-1|=1-x是减函数.【答案】B2.函数f(x)=3+x·lnx的单调递增区间是()A.(0,1e)B.(e,+∞)C.(1e,+∞)D.(1e,e)【解析】f′(x)=lnx+1,由f′(x)>0,得x>1e.【答案】C3.函数f(x)=ex+x-2的零点所在的一个区间是()A.(-2,-1)B.(-1,0)C.(0,1)D.(1,2)【解析】∵f(0)=e0+0-2=-1<0,f(1)=e1+1-2=e-1>0,∴f(0)·f(1)<0,∴f(x)的零点所在的一个区间是(0,1).【答案】C4.(2012·佛山调研)设f(x)为定义在R上的奇函数.当x≥0时,f(x)=2x+2x+b(b为常数),则f(-1)=()A.3B.1C.-1D.-3【解析】∵f(x)为定义在R上的奇函数,∴f(0)=0,即20+2×0+b=0,解得b=-1,∴当x≥0时,f(x)=2x+2x-1,∴f(-1)=-f(1)=-3.【答案】D5.设函数f(x)=xm+ax的导函数f′(x)=2x+1,则12f(-x)dx的值等于()A.56B.12C.23D.16【解析】由于f′(x)=2x+1,且f(x)=xm+ax,∴m=2,a=1,f(x)=x2+x,因此12f(-x)dx=12(x2-x)dx=(13x3-12x2)|21=56.【答案】A6.定义:如果对于函数f(x)定义域内的任意x,都有f(x)≥M(M为常数),那么称M为f(x)的下界,下界M中的最大值叫做f(x)的下确界.现给出下列函数,其中有下确界的函数是()①f(x)=cosx;②f(x)=log2x;③f(x)=3x;④f(x)=-1;x>00;x=01;x<0.A.①B.④C.②③④D.①③④【解析】①中,cosx≥-1,∴f(x)=cosx的下确界为-1,③中f(x)≥1,且下确界为1,又④中,f(x)≥-1,且下确界为-1.排除A、B、C,选D.【答案】D7.(2012·惠州模拟)设偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则{x|f(x-2)>0}等于()A.{x|x<-2或x>4}B.{x|x<0或x>4}C.{x|x<0或x>6}D.{x|x<-2或x>2}【解析】由f(x)是偶函数,且f(2)=0,又当x≥0时,f(x)=2x-4是增函数.由f(x-2)>0,得f(|x-2|)>f(2),因此|x-2|>2.∴x>4或x<0.【答案】B图2-18.(2011·安徽高考)函数f(x)=axn·(1-x)2在区间[0,1]上的图象如图2-1所示,则n的值可能是()A.1B.2C.3D.4【解析】代入验证,当n=1时,f(x)=ax·(1-x)2=a(x3-2x2+x),则f′(x)=a(3x2-4x+1),由f′(x)=a(3x2-4x+1)=0可知,x1=13,x2=1,结合图象可知函数应在(0,13)递增,在(13,1)递减,即在x=13取得最大值,由f(13)=a×13·(1-13)2=12,知a存在.【答案】A第Ⅱ卷二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,满分30分)9.(2011·湖南高考)已知f(x)为奇函数,g(x)=f(x)+9,g(-2)=3,则f(2)=________.【解析】依题意,得g(-2)=f(-2)+9=-f(2)+9=3,解得f(2)=6.【答案】610.(2012·阳江质检)设2a=5b=m,且1a+1b=2,则m等于________.【解析】由2a=5b=m,得a=log2m,b=log5m,又1a+1b=2.∴1log2m+1log5m=lg2+lg5lgm=1lgm=2,∴m=10.【答案】1011.函数f(x)=12ex(sinx+cosx)在区间[0,π2]上的最小值是________.【解析】f′(x)=12ex(cosx-sinx)+12ex(sinx+cosx)=excosx,∵0≤x≤π2,∴f′(x)≥0,且f′(x)不恒为0,因此f(x)在[0,π2]上是增函数.∴f(x)最小值为f(0)=12.【答案】1212.曲线C:f(x)=sinx+ex+2在x=0处的切线方程为________.【解析】y′=cosx+ex,∴在x=0处的切线斜率k=y′|x=0=e0+cos0=2.又切点坐标为(0,3),∴切线方程为y=2x+3.【答案】y=2x+313.地震的震级R与地震释放的能量E的关系为R=23(lgE-11.4).2011年3月,日本东海岸发生了9.0级特大地震,而1989年旧金山海湾区域地震的震级为6.0级,那么2011年地震的能量是1989年地震能量的________倍.【解析】由题意可知9=23(lgE1-11.4)又6=23(lgE2-11.4)∴9-6=23(lgE1-lgE2)=23lgE1E2,则lgE1E2=92⇒E1E2=1000010,∴2011年地震的能量是1989年的1000010倍.【答案】100001014.若f(x)=-12x2+bln(x+2)在(-1,+∞)上是减函数,则b的取值范围是________.【解析】∵f(x)=-12x2+bln(x+2),∴f′(x)=-x+bx+2=-x2-2x+bx+2.∵f(x)在(-1,+∞)上是减函数,∴在[-1,+∞)上f′(x)≤0恒成立.又∵x+20,∴-x2-2x+b≤0在[-1,+∞)上恒成立,即b≤x2+2x在[-1,+∞)上恒成立.令g(x)=x2+2x,当x=-1时,g(x)min=-1,∴b≤-1.【答案】(-∞,1]三、解答题(本大题共6小题,满分80分.解答时需写出文字说明、证明过程和演算步骤)15.(本小题满分12分)已知函数f(x)=13x3+12ax2+bx+1(x∈R,a,b为实数)有极值,且在x=-1处的切线与直线x-y+1=0平行,求实数a的取值范围.【解】f′(x)=x2+ax+b,由题意得,f′(-1)=1-a+b=1,∴a=b,令f′(x)=0,即x2+ax+a=0,当Δ=a2-4a≤0时,f′(x)≥0恒成立,y=f(x)没有极值;当Δ=a2-4a>0时,即a<0或a>4时,f′(x)=0有两个不相等的实数根,y=f(x)有极值.综上可知,a的取值范围为(-∞,0)∪(4,+∞).16.(本小题满分13分)已知函数f(x)=x3+ax2+bx+5,记f(x)的导数为f′(x).(1)若曲线f(x)在点(1,f(1))处的切线斜率为3,且x=23时y=f(x)有极值,求函数f(x)的解析式.(2)在(1)的条件下,求函数f(x)在[-4,1]上的最大值和最小值.【解】(1)f′(x)=3x2+2ax+b.依题意f′(1)=3,f′(23)=0,∴3+2a+b=3,3·232+43a+b=0,解之得a=2,b=-4.所以f(x)=x3+2x2-4x+5.(2)由(1)知,f′(x)=3x2+4x-4=(x+2)(3x-2).令f′(x)=0,得x1=-2,x2=23.当x变化时,f(x),f′(x)的变化情况如下表:x-4(-4,-2)-2(-2,23)23(23,1)1f′(x)+0-0+f(x)极大值极小值函数值-111395274∴f(x)在[-4,1]上的最大值为13,最小值为-11.17.(本小题满分13分)定义在R上的单调函数f(x)满足对任意x,y均有f(x+y)=f(x)+f(y),且f(1)=1.(1)求f(0)的值,并判断f(x)的奇偶性;(2)解关于a的不等式f(a2+a-4)<2.【解】(1)令x=y=0,则由题意可得f(0)=f(0)+f(0),∴f(0)=0,令y=-x,则有f(0)=f(x)+f(-x),又f(0)=0.故对∀x∈R,有f(-x)=-f(x)成立.因此f(x)为奇函数.(2)由f(x)在R上单调,且f(0)=0,f(1)=1,知f(x)在(-∞,+∞)上单调递增.又f(1)=1,∴f(2)=f(1)+f(1)=2.∵f(a2+a-4)<2⇔f(a2+a-4)<f(2),∴a2+a-4<2,解之得-3<a<2,故f(a2+a-4)<2的解集为(-3,2).18.(本小题满分14分)(2012·广州六校联考)已知函数f(x)=x2lnx.(1)求函数f(x)的单调区间;(2)若b∈[-2,2]时,函数h(x)=13x3lnx-19x3-(2a+b)x,在(1,2)上为单调递减函数,求实数a的范围.【解】(1)函数f(x)的定义域为(0,+∞),且f′(x)=2xlnx+x,令f′(x)=0解得x=e-12x∈(0,e-12)时,f′(x)<0,此时函数单调递减.x∈(e-12,+∞)时,f′(x)>0,此时函数单调递增.(2)h′(x)=x2lnx-(2a+b)由题意可知,x∈(1,2)时,h′(x)≤0恒成立.即2a+b≥x2lnx,由(1)可知,2a+b≥f(2)=4ln2由b∈[-2,2]可得2a≥4ln2+2即a≥2ln2+1.19.(本小题满分14分)工厂生产某种产品,次品率p与日产量x(万件)间的关系为p=16-x,0<x≤c23,x>c,(c为常数,且0<c<6).已知每生产1件合格产品盈利3元,每出现1件次品亏损1.5元.(1)将日盈利额y(万元)表示为日产量x(万件)的函数;(2)为使日盈利额最大,日产量应为多少万件?(注:次品率=次品数产品总数×100%).【解】(1)当x>c时,p=23,∴y=(1-23)·x·3-23·x·32=0;当0<x≤c时,p=16-x,∴y=(1-16-x)·x·3-16-x·x·32=39x-2x226-x.∴日盈利额y(万元)与日产量x(万件)的函数关系为y=39x-2x226-x0<x≤c0x>c.(2)由(1)知,当x>c时,日盈利额为0.当0<x≤c时,∵y=39x-2x226-x,∴y′=32·9-4x6-x+9x-2x26-x2=3x-3x-96-x2,令y′=0,得x=3或x=9(舍去).∴①当0<c<3时,∵y′>0,∴y在区间(0,c]上单调递增,∴y最大值=f(c)=39c-2c226-c,②当3≤c<6时,在(0,3)上,y′>0;在(3,c)上y′<0.∴y在(0,3)上单调递增,在(3,c)上单调递减.∴y最大值=f(3)=92.综上,若0<c<3,则当日产量为c万件时,日盈利额最大;若3≤c<6,则当日产量为3万件时,日盈利额最大.20.(本小题满分14分)已知函数f(x)=x,g(x)=alnx,a∈R.(1)设h(x)=f(x)-g(x),当h(x)存在最小值时,求最小值φ(a)的解析式;(2)对于(1)中的φ(a),证明当a∈(0,+∞)时,φ(a)≤1.【解】(1)由条件知h(x)=x-alnx(x>0).∴h′(x)=12x-ax=x-2a2x.①当a>0时,令h′(x)=0,解得x=4a2,∴当0<x<4a2时,h′(x)<0,h(x)在(0,4a2)上递减;当x>4a2时,h′(x)>0,h(x)在(4a2,+∞)上递增.∴x=4a2是h(x)在(0,+∞)上的唯一极值点,且是极小值点,从而也是h(x)的最小值点.∴最小值φ(a)=h(4a2)=2a-aln4a2=2a(1-ln2a).②当a≤0时,h′(x)=x-2a2x>0,h(x)在(0,+∞)上递增,无最小值.故h(x)