空间向量及其运算(含答案解析)

\1\向量及其运算（含答案解析）●考试目标主词填空1.空间向量基本定理及应用空间向量基本定理：如果三个向量a、b、c不共面，那么对空间任一向量p存在惟一的有序实数组x、y、z,使p=xa+yb+zc.2.向量的直角坐标运算：设a=(a1,a2,a3),b=(b1,b2,b3),A(x1,y1,z1),B(x2,y2,z2).则a+b=),,(332211bababa.a-b=),,(332211bababa.a·b=332211bababa.若a、b为两非零向量，则a⊥ba·b=0332211bababa=0.●题型示例点津归纳【例1】已知空间四边形OABC中，∠AOB=∠BOC=∠AOC,且OA=OB=OC.M，N分别是OA，BC的中点，G是MN的中点.求证：OG⊥BC.【解前点津】要证OG⊥BC，只须证明0BCOG即可.而要证0BCOG,必须把OG、BC用一组已知的空间基向量来表示.又已知条件为∠AOB=∠BOC=∠AOC,且OA=OB=OC，因此可选OCOBOA,,为已知的基向量.【规范解答】连ON由线段中点公式得：),(41)(212121)(21OCOBOAOCOBOAONOMOG又OBOCBC,所以OGOBOCOBOBOAOCOCOBOCOAOBOCOCOBOAOB22(41)()(41)=41(OA22OBOCOBOAOC).因为AOCOCOAOCOAcos.AOBOBOAOBOAcos例1题图\2且OAOBOC，∠AOB=∠AOC.所以BCOG=0,即OG⊥BC.【解后归纳】本题考查应用平面向量、空间向量和平面几何知识证线线垂直的能力.【例2】在棱长为a的正方体ABCD—A1B1C1D1中，求：异面直线BA1与AC所成的角.【解前点津】利用ACBAACBAACBA,cos111，求出向量1BA与AC的夹角〈1BA,AC〉，再根据异面直线BA1，AC所成角的范围确定异面直线所成角.【规范解答】因为BCABACBBBABA,11,所以)()(11BCABBBBAACBA=BCBBABBBBCBAABBA11因为AB⊥BC，BB1⊥AB，BB1⊥BC，例2图所以ABBBBCBA1,0=0,ABBABCBB,01=-a2.所以ACBA1=-a2.又,,cos111ACBAACBAACBA.2122,cos21aaaACBA所以〈ACBA,1〉=120°.所以异面直线BA1与AC所成的角为60°．【解后归纳】求异面直线所成角的关键是求异面直线上两向量的数量积，而要求两向量的数量积，必须会把所求向量用空间的一组基向量来表示.【例3】如图，在正方体ABCD—A1B1C1D1中，E、F分别是BB1、DC的中点.(1)求AE与D1F所成的角；(2)证明AE⊥平面A1D1F.【解前点津】设已知正方体的棱长为1，且DA=e1，DC=e2，1DD=e3，以e1，e2,e3为坐标向量，建立空间直角坐标系D—xyz,则：(1)A(1，0，0)，E(1，1，21)，F(0，21，0)，D1(0，0，1)，例3图\3所以AE=(0,1,21),FD1=(0,21,-1).所以AE·FD1=(0,121),·(0,21,-1)=0.所以AE⊥FD1，即AE与D1F所成的角为90°．(2)又DA=(1,0,0)=11AD，且11AD·AE=(1,0,0)·(0,1,21)=0.所以AE⊥D1A1，由(1)知AE⊥D1F，且D1A1∩D1F=D1.所以AE⊥平面A1D1F.【解后归纳】本题考查应用空间向量的坐标运算求异面直线所成的角和证线面垂直的方法.【例4】证明：四面体中连接对棱中点的三条直线交于一点且互相平分(此点称为四面体的重心).【规范解答】∵E,G分别为AB,AC的中点,∴EGBC21,同理HFBC21，∴EGHF.从而四边形EGFH为平行四边形，故其对角线EF,GH相交于一点O,且O为它们的中点,连接OP,OQ.只要能证明向量OP=-OQ就可以说明P,O,Q三点共线且O为PQ的中点,事实上,HQOHOQGPOGOP,,而O为GH的中点,例4图∴GPOHOG,021CD,QH21CD,∴.21,21CDQHCDGP∴=CDCDHQGPOHOGOQOP21210=0.∴OQOP=,∴PQ经过O点,且O为PQ的中点.【解后归纳】本例要证明三条直线相交于一点O,我们采用的方法是先证明两条直线相交于一点,然后证明OQOP,两向量共线,从而说明P、O、Q三点共线进而说明PQ直线过O点.●对应训练分阶提升一、基础夯实1.在下列条件中,使M与A、B、C一定共面的是()A.OCOBOAOM2B.OCOBOAOM213151C.0MCMBMAD.0OCOBOAOM\42.与向量a=(12,5)平行的单位向量是()A.135,1312B.135,1312C.135,1312135,1312或D.135,13123.若向量｛a，b，c｝是空间的一个基底，向量m＝a+b，n＝a-b，那么可以与m、n构成空间另一个基底的向量是()A.aB.bC.cD.2a4.a、b是非零向量，则〈a，b〉的范围是()A.(0，)B.［0，］C.(0，π)D.［0，π］5.若a与b是垂直的，则a·b的值是()A.大于0B.等于零C.小于0D.不能确定6.向量a＝(1，2，-2)，b＝(-2，-4，4)，则a与b()A.相交B.垂直C.平行D.以上都不对7.A(1，1，-2)、B(1，1，1)，则线段AB的长度是()A.1B.2C.3D.48.m＝｛8，3，a｝，n＝｛2b,6,5｝，若m∥n，则a+b的值为()A.0B.25C.221D.89.a＝｛1,5,-2｝，b＝｛m,2,m+2｝，若a⊥b，则m的值为()A.0B.6C.-6D.±610.A(2，-4，-1)，B(-1，5，1)，C(3，-4，1)，令a＝CA，b＝CB，则a+b对应的点为()A.(5，-9，2)B.(-5，9，-2)C.(5，9，-2)D.(5，-9，2)11.a＝(2，-2，-3)，b＝(2,0,4)，则a与b的夹角为()A.arccos85854B.8569arcsinC.85854arccosD.90°12.若非零向量a＝｛x1，y1，z1｝，b＝｛x2，y２，z2｝,则212121zzyyxx是a与b同向或反向的()A.充分不必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.不充分不必要条件二、思维激活13.已知向量a,b,c满足a+b+c=0,|a|=3,|b|=1,|c|=4.则ab+bc+ca=.14.已知|a|＝22，|b|＝22，ab＝-2，则a、b所夹的角为.15.已知空间三点A、B、C坐标分别为(0，0，2)，(2，2，0)，(-2，-4，-2)，点P在xOy平面上且PA⊥AB，PA⊥AC，则P点坐标为.16.已知a＝｛8,-1,4｝，b＝｛2,2,1｝，则以a、b为邻边的平行四边形的面积为.三、能力提高17.已知线段AB在平面α内，线段AC⊥α，线段BD⊥AB，且与α所成的角是30°，如果\5AB＝a，AC＝BD＝b，求C、D之间的距离.18.长方体ABCD—A1B1C1D1中，E、F分别为AB、B1C1中点，若AB＝BC＝2，AA1＝4，试用向量法求：(1)CFEA与1的夹角的大小.(2)直线A1E与FC所夹角的大小.19.在正方体ABCD—A1B1C1D1中，E、F分别为BB1、DC的中点，求证：D1F⊥平面ADE.20.如图所示,已知ABCD,O是平面AC外的一点,ODODOCOCOBOBOAOA2,2,2,21111,求证:A1,B1,C1,D1四点共面.第20题图\6第11课空间向量及其运算习题解答1.C由向量共线定义知.2.C设此向量为(x,y),∴xyyx512122，13513121351312yxyx或3.C4.D根据两向量所成的角的定义知选D.5.B当a⊥b时，a·b=0(cos〈a,b〉=0)6.Ca=(1,2,-2)=-21·b∴a∥b.7.C|AB|=222)21()11()11(=3.8.C∵m∥n,故(8,3,a)=k(2b,6,5)，8=2bk,3=6k,a=5k，∴k=21故a=25,b=8,∴a+b=25+8=2219.B∵a⊥b∴1·m+5·2-2(m+2)=0.∴m=6.10.BCA=(-1,0,-2),CB=(-4,9,0)，∴a+b=(-5,9,-2).11.Ccos(a·b)=2222242)3()2(24322=-85854854.12.A212121zzyyxx，则a与b同向或反向，反之不成立.13.-13∵a+b+c=0,∴(a+b+c)2=a2+b2+c2+2(ab+bc+ca)=0,∴ab+bc+ca=-21(a2+b2+c2)=-21(9+1+16)=-13.14.43cos〈a,b〉=22222222ba.∴a,b所夹的角为43.15.(-8,6,0)由向量的数量的积求得.16.95S=|a||b|sin〈a,b〉求得.17.如图，由AC⊥α，知AC⊥AB.过D作DD′⊥α，D′为垂足，则∠DBD′＝30°，〈BDCA,〉＝１２０°，∴|CD|2=2)(CDABCACDCD＝BDABBDCAABCABDABCA222222＝b2+a2+b2+2b2cos120°＝a2+b2.第17题图\7∴CD＝22ba点评：本题把线段转化成向量表示，然后利用向量进行运算.18.如图，建立空间坐标系，则D(0，0，0)、A(2，0，0)，B(2，2，0)、C(0，2，0)、A1(2，0，4)、B1(2，2，4)、C1(0，2，4).由题设可知E(2，1，0)，F(1，2，4).(1)令CFEA与1的夹角为θ，则cosθ＝171611CFEACFEA.∴CFEA与1的夹角为π-arccos1716.(2)∴直线A1E与FC的夹角为arccos171619.如图所示，不妨设正方体的棱长为1，且设DA＝i，DC＝j，1DD＝k，以i、j、k的坐标向量建立空间直角坐标系D—xyz，则AD＝（－１，0，０），FD1＝(0,21,-1)，AD·FD1＝(-1，0，0)·(0，21，-1)＝0，∴AD⊥D1F.又AE＝(0，1，21)，FD1＝(0，21，-1)，∴AE·FD1＝(0，1，21)·(0，21，-1)＝21-21＝0.∴AE⊥D1F，又AE∩AD＝A，∴D1F⊥平面ADE.点评：利用向量法解决立体几何问题，首先必须建立适当的坐标系.20.证明：∵)(22)(2221111ADABACOAOCOAOCOAOCCA=2)22()22(()(OAODOAOBOAODOAOB=11111111)()(DABAOAODOAOB∴A1,B1,C1,D1四点共面.本资料来源于《七彩教育网》题图