电场测试卷

电场测试卷1．把质量为m的正点电荷q，在电场中由静止释放，在它运动过程中如果不计重力，下列说法正确的是()A．点电荷运动轨迹必与电场线重合B．点电荷的速度方向，必与所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的加速度方向，必与所在点的电场线的切线方向一致D．点电荷的受力方向，必与所在点的电场线的切线方向一致2.法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布，以下几种说法正确的是()A．a、b为异种电荷，a的电荷量大于b的电荷量B．a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量C．a、b为同种电荷，a的电荷量大于b的电荷量D．a、b为异种电荷，a的电荷量等于b的电荷量3．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q产生的电场线，若带电粒子q(|Q|≫|q|)由a运动到b，电场力做正功．已知在a、b两点粒子所受电场力分别为Fa、Fb，则下列判断正确的是()A．若Q为正电荷，则q带正电，FaFbB．若Q为正电荷，则q带正电，FaFbC．若Q为负电荷，则q带正电，FaFbD．若Q为负电荷，则q带正电，FaFb4．如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示A、B两处的场强大小，则()A．A、B两点的场强方向相同B．电场线从A指向B，所以EAEBC．A、B同在一条电场线上，且电场线是直线，所以EA＝EBD．不知A、B附近的电场线分布状况，不能确定EA、EB的大小5.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则()A．粒子带正电荷B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子的初速度不为零6．如图甲所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，其速度—时间图象如图乙所示，则下列叙述正确的是()A．电场线方向由B指向AB．场强大小EAEBC．Q可能为负电荷，也可能为正电荷D．Q在A的左侧且为负电荷二、非选择题7．如图所示，E为某匀强电场，将质量为2×10－3kg的小球从A点由静止释放，小球恰能沿直线AB向右下方运动，且AB与竖直方向成45°角．已知小球的带电量为2×10－4C．求匀强电场强度大小．(g＝10m/s2)8.如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的12，求：(1)原来的电场强度为多大？(2)物块运动的加速度大小？(3)沿斜面下滑距离为l时物块的速度．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)参考答案1．解析：正点电荷q由静止释放，如果电场线为直线，点电荷将沿电场线运动，但电场线如果是曲线，点电荷一定不沿电场线运动(因为如果沿电场线运动，其速度方向与受力方向重合，不符合曲线运动的条件)，故A选项不正确；由于点电荷做曲线运动时，其速度方向与电场力方向不再一致(初始时刻除外)，故B选项不正确；而正的点电荷的加速度方向，也即点电荷所受电场力方向必与该点场强方向一致，即与所在点的电场线的切线方向一致，故C、D两项正确．答案：CD2.解析：由题中图形可知一系列电场线在a、b之间，则一定为异种电荷，由电场线左右不对称可知，两电荷是不等量的，又根据电场线的疏密可知b所带电荷量大，则答案为B.答案：B3．解析：a点的电场线密度比b点大，电场强度大，同一电荷受到的电场力大，FaFb.如果Q是正电荷，由于电场力对q做正功，q受到的电场力方向向右，则q带正电，A正确，B不正确．如果Q是负电荷，由于电场力对q做正功，q受到的电场力方向向右，则q带负电，C、D不正确．答案：A4．解析：根据电场线的物理意义，线上各点的切线方向表示该点的场强方向．因题中的电场线是直线，所以A、B两点的场强方向相同，都沿着电场线向右．电场线的疏密程度反映了场强的大小，但由于题中仅画出一条电场线，不知道A、B附近电场线的分布情况，所以无法确定是EAEB、EAEB还是EA＝EB.例如，如果该电场线是正点电荷电场中的一条，则EAEB；如果是负点电荷电场中的一条电场线，则EAEB；如果是带电平行板间的一条电场线，则EA＝EB.答案：AD5.解析：带电粒子所受合外力(即静电力)指向轨迹凹侧，则静电力方向向左，粒子带负电荷．根据EAEB，知B项正确，粒子从A到B受到的静电力为阻力，C、D项正确．答案：BCD6．解析：根据速度—时间图象分析，电子做加速度减小的加速运动，所以电场力向右，电场线方向向左，A对；加速度减小，电场力减小，场强减小，B对；根据点电荷电场特点，Q只能在A的左侧且为负电荷，D对．答案：ABD7．解析：小球受力情况如图所示，F＝Eq＝mgE＝Fq＝mgq＝2×10－3×102×10－4N/C＝100N/C答案：100N/C8.解析：(1)对小物块受力分析如图所示，物块静止于斜面上，则mgsin37°＝qEcos37°，E＝mgtan37°q.(2)当场强变为原来的12时，小物块所受的合外力F合＝mgsin37°－12qEcos37°＝12mgsin37°.又F合＝ma，所以a＝3m/s2，方向沿斜面向下，(3)由动能定理得F合·l＝12mv2－0所以12mgsin37°·l＝12mv2，所以v＝6l.答案：(1)mgtan37°q(2)3m/s2，方向沿斜面向下(3)6l