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重要的非金属及其化合物1、硫酸钙是一种用途非常广泛的产品，可用于生产硫酸、漂白粉等一系列物质（见下图）。下列说法正确的是()A.CO、SO2、SO3均是酸性氧化物B.除去与水反应，图示转化反应均为氧化还原反应C.工业上利用Cl2和澄清石灰水反应来制取漂白粉D.用CO合成CH3OH进而合成HCHO的两步反应，原子利用率均为100%【答案】B2、向红色溶液X中通入气体Y，溶液逐渐褪色，下列对X、Y的推断正确的是()A.若X为品红溶液，则Y可能为CO2或SO2B.若X为含酚酞的NaOH溶液，则Y可能是O3C.若X为含KSCN的FeCl3溶液，则Y一定为HID.若X为含少量KMnO4的H2SO4溶液，则Y一定为SO2【答案】B【解析】3、下列叙述正确的是（）A．可用浓硝酸除去铝制品表面的铜镀层B．用催化法处理汽车尾气中的CO和NO：CO+NO催化剂C+NO2C．浓硫酸具有吸水性，因此可用作干燥剂，能干燥氢气、硫化氢、氨气等气体D．因为浓硫酸在常温下不可与铁或铝反应，因此常温下可用铁制或铝制容器储存浓硫酸【答案】A4、以下物质间的相互转化关系中（如图），A、B、C是常见的金属或非金属单质，D、E、F是常见的三种氧化物，常温下，D、E呈气态，F呈固态。下列推断正确的是()A．E和D中一定有A元素B．A一定是金属单质C．单质B肯定是氧化剂D．C一定是氧气【答案】AD5、往含0.2molNaOH和0.1molCa（OH）2的溶液中持续稳定地通入CO2气体，当通入气体为6.72L（S．T．P）时立即停止，则这一过程中，溶液中离子的物质的量和通入CO2气体的体积关系正确的图象是（气体的溶解忽略不计）（）A．B．C．D．【答案】C【解析】n（CO2）==0.3mol，含有0.2mol氢氧化钠和0.1mol氢氧化钙的溶液中：n（OH﹣）=0.2mol+0.1mol×2=0.4mol，n（Na+）=0.2mol，n（Ca2+）=0.1mol，通入CO2，发生：2OH﹣+CO2=CO32﹣+H2O，OH﹣+CO2=HCO3﹣+H2O，Ca2++CO32﹣=CaCO3↓，设生成xmolCO32﹣，ymolHCO3﹣，则，解得x=0.1，y=0.2，所以反应后溶液中含有：n（Na+）=0.2mol，n（HCO3﹣）=0.2mol，可依次发生：①2OH﹣+CO2=CO32﹣+H2O，②Ca2++CO32﹣=CaCO3↓，离子浓度迅速减小，③OH﹣+CO2=HCO3﹣，所以图象C符合，故选：C．6、有一混合溶液,其中只含有Fe2+、Cl-、Br-、I-(忽水的电离)，其中Cl-、Br-、I-的个数比为2∶3∶4，向该溶液中通入氯气，使溶液中Cl-和Br-的个数比为3∶1，则通入氯气的物质的量与溶液中剩余的Fe2+的物质的量之比为(已知：还原性I-＞Fe2+＞Br-＞Cl-)（）A．7∶1B．7∶2C．7∶3D．7∶4【答案】C7、将22.4g铁粉逐渐加入到含HNO30.8mol的硝酸中，反应生成的气体的物质的量(x)(假设HNO3的还原产物只有NO)随消耗铁粉的物质的量(y)变化关系中正确的是()【答案】C【解析】发生的反应为Fe＋4HNO3(稀)===Fe(NO3)3＋NO↑＋2H2O；Fe＋2Fe(NO3)3===3Fe(NO3)2通过计算，可得出正确答案。8、向含Fe2+、I﹣、Br﹣的溶液中通入过量的氯气，溶液中四种粒子的物质的量变化如图所示，已知b﹣a=5线段Ⅳ表示一种含氧酸，且Ⅰ和Ⅳ表示的物质中含有相同的元素．下列说法正确的是（）A．线段Ⅱ表示Br﹣的变化情况B．原溶液中n（FeI2）：n（FeBr2）=3：1C．根据图象无法计算a的值D．线段Ⅳ表示IO的变化情况【答案】D【解析】解：向仅含Fe2+、I﹣、Br﹣的溶液中通入适量氯气，还原性I﹣＞Fe2+＞Br﹣，首先发生反应2I﹣+Cl2=I2+2Cl﹣，I﹣反应完毕，再反应反应2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl﹣，Fe2+反应完毕，最后发生反应2Br﹣+Cl2=Br2+2Cl﹣，故线段I代表I﹣的变化情况，线段Ⅱ代表Fe2+的变化情况，线段Ⅲ代表Br﹣的变化情况；由通入氯气可知，根据反应离子方程式可知溶液中n（I﹣）=2n（Cl2）=2mol，溶液中n（Fe2+）=2n（Cl2）=2×（3mol﹣1mol）=4mol，Fe2+反应完毕，根据电荷守恒可知n（I﹣）+n（Br﹣）=2n（Fe2+），故n（Br﹣）=2n（Fe2+）﹣n（I﹣）=2×4mol﹣2mol=6mol，A．根据分析可知，线段Ⅱ为亚铁离子被氯气氧化为铁离子，反应的离子方程式为：2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl﹣，不是氧化溴离子，故A错误；B．n（FeI2）：n（FeBr2）=n（I﹣）：n（Br﹣）=2mol：6mol=1：3，故B错误；C．由分析可知，溶液中n（Br﹣）=2n（Fe2+）﹣n（I﹣）=2×4mol﹣2mol=6mol，根据2Br﹣+Cl2=Br2+2Cl﹣可知，溴离子反应需要氯气的物质的量为3mol，故a=3+3=6，故C错误；D．线段IV表示一种含氧酸，且I和IV表示的物质中含有相同的元素，该元素为I元素，已知碘单质的物质的量为2mol，反应消耗氯气的物质的量为5mol，根据电子守恒，则该含氧酸中碘元素的化合价为：=+5价，则该含氧酸为HIO3，即：线段Ⅳ表示IO3﹣的变化情况，故D正确；故选D．9、下列各组溶液中，用括号内的试剂及物质间相互反应不能鉴别的一组是（）A.Ba(OH)2KSCNNaClMg(NO3)2(FeCl3溶液)B.NaNO3NaHCO3(NH4)2SO3Na2SiO3(H2SO4溶液)C.NH4BrK2CO3NaICaCl2(AgNO3溶液)D.(NH4)3PO4NaBrCuSO4AlCl3(KOH溶液)【答案】C【解析】多种物质的相互鉴别通常采取列表的方式：选项括号内试剂选项物质依次加入试剂的现象AFeCl3溶液红褐色↓血红色溶液——BH2SO4溶液—无色无味↑刺激性↑白色↓CAgNO3溶液淡黄色↓白色↓黄色↓白色↓DKOH溶液刺激性↑—蓝色↓白色↓A项中，鉴别出Ba(OH)2后遇Mg(NO3)2出现白色沉淀，所以选C。10、下列推断正确的是()A.SiO2能与NaOH溶液、HF溶液反应，所以SiO2是两性氧化物B.Na2O、Na2O2组成元素相同，阳离子与阴离子个数比也相同C.CO、NO、NO2都是大气污染气体，在空气中都能稳定存在D.新制氯水显酸性，向其中滴加少最紫色石蕊试液，充分振荡后溶液呈红色【答案】B【解析】A.SiO2能与NaOH溶液反应生成硅酸钠和水、与HF溶液反应生成四氟化硅气体和水，SiO2不是两性氧化物，错误；B.Na2O、Na2O2组成元素相同，阳离子与阴离子个数比也相同，正确；C.CO、NO、NO2都是大气污染气体，NO在空气中与氧气反应，不能稳定存在，错误；D.新制氯水显酸性，还含有HClO，向其中滴加少最紫色石蕊试液，充分振荡后溶液呈无色，错误；选B。11、今有甲、乙、丙三瓶等体积的新制氯水,浓度均为0.1mol·L-1。如果在甲中加入少量的碳酸氢钠晶体mmol,在乙中加入少量的亚硫酸氢钠晶体mmol,丙瓶不变,片刻后,甲乙丙三溶液中HClO的物质的量浓度大小关系是(溶液体积变化不计)()A.甲=乙丙B.甲丙乙C.丙甲=乙D.乙丙甲【答案】B【解析】氯水中存在平衡Cl2+H2OH++HClO+Cl-,甲中加入少量的碳酸氢钠晶体,消耗H+,平衡正移,c(HClO)增大;乙中加入少量的亚硫酸氢钠晶体,发生氧化还原,直接消耗HClO,c(HClO)下降;丙瓶不变。12、某同学设计如下实验，测量m克铜银合金样品中铜的质量分数：下列说法中错误的是（）A．收集到的VL气体为NOB．若缺少操作Ⅱ，会导致实验结果偏小C．被铜银合金还原的硝酸可能为D．依据m、V不能确定铜的质量分数【答案】D【解析】试题分析：硝酸与铜银反应，无论生成的是NO或NO2，用排水法收集后得到的气体VL都是NO，A项正确；操作Ⅱ是洗涤，若没有洗涤沉淀，会导致测得的银的质量增加，铜的质量分数会偏小，B项正确；若使用的是稀硝酸，产物是NO，则还原的硝酸的物质的量等于NO的物质的量，可能是，C项正确；根据V可以确定银和硝酸失去的电子总数，再根据总质量，可以列出方程组计算出铜和银的质量，D项不正确。考点：考查硝酸的性质及化学计算。点评：硝酸与金属的反应要注意浓度对产物的影响。13、除去SiO2固体中混有的CaCO3固体，方法正确的是A．加水，过滤B．加热C．加盐酸，过滤D．加NaOH溶液，过滤【答案】C14、在20℃、1个大气压下，将三个分别盛满氨气、氯化氢、二氧化氮的等容积烧瓶分别倒置于盛有水的水槽中，当水进入烧瓶中，并使气体充分溶解后(假设试管中的溶液不向外扩散)，三种溶液的物质的量浓度之比为（）A．1∶1∶1B．3∶3∶2C．1∶2∶3D．1∶1∶2【答案】A【解析】设烧瓶容积为VL,20℃、1个大气压下的气体摩尔体积为VmL/mol。氨气、氯化氢极易溶于水，水全部充满烧瓶，所得溶液的物质的量浓度为(mol/L)，而NO2与水反应：3NO2＋H2O===2HNO3＋NO，水充满烧瓶的2/3，所得溶液中HNO3的物质的量为(mol)，物质的量浓度为(mol/L)，A对。15、有Fe2+﹑NO3－﹑Fe3+、NH4+﹑H2O和H+六种微粒，分别属于一个氧化还原反应中的反应物和生成物，下列叙述错误的是（）A．氧化剂与还原剂的物质的量之比为8∶1B．还原产物为NH4+C．若有1molNO3－参加还原反应，则转移8mole－D．若把该反应设计为原电池，则负极反应为Fe2+—e－=Fe3+【答案】A【解析】试题分析：Fe2+﹑NO3－﹑Fe3+、NH4+﹑H2O和H+六种微粒，分别属于一个氧化还原反应中的反应物和生成物，根据氧化性和还原性的强弱可以知道NO3－H+和Fe2+是反应物Fe3+、NH4+﹑H2O是生成物，根据化合价升高降低一致，可以得到离子方程式是NO3－+10H++8Fe2+=8Fe3++NH4++3H2O，所以氧化剂还原剂的物质的量之比为1∶8A错；B．还原产物为NH4+，正确；C．若有1molNO3－参加还原反应，则转移8mole－正确；在上式中可以看到，亚铁离子做的是还原剂，失去电子，所以若把该反应设计为原电池，负极反应为Fe2+—e－=Fe3+。故选A。考点：氧化还原反应点评：解答本题需要学生熟悉常见的氧化性离子和还原性离子，准确分析判断氧化剂和还原剂，电子转移守恒是计算的基础。16、把滤纸用淀粉和碘化钾的溶液浸泡，晾干后就是实验室常用的淀粉碘化钾试纸，这种试纸润湿后遇到氯气会发生什么变化？为什么？【答案】试纸会变蓝色，因为Cl2能将KI中的I-氧化为I2，I2使淀粉变蓝色17、某同学旅游时发现，苗族人的银饰美丽而富有民族文化，制作银饰时可以选用Fe(NO3)3溶液做蚀刻剂。受此启发，该同学所在的化学兴趣小组在实验室选用Fe(NO3)3溶液清洗做过银镜反应的试管，发现不但银镜溶解，而且较少产生刺激性气体。化学兴趣小组对Fe(N03)3溶液溶解银的原理进行探究：提出假设假设1:Fe(N03)3溶液显酸性，在此酸性条件下NO3-能氧化Ag;假设2:Fe3+具有氧化性，能氧化Ag验证假设(1)甲同学验证假设1。①用淡紫色的Fe(NO3)3·9H20晶体（分析纯，Mr=404)配制1.5mol/L的Fe(N03)3溶液100mL。需要称取__gFe(N03)3·9H20晶体，配制过程中所用到的仪器除烧杯、玻璃棒外还必需：。②测得1.5mol/L的Fe(NO3)3溶液pH约为1，其原因用化学用语表示为_。③将pH=1的HN03溶液加入到镀有银镜的试管中，振荡，观察到银镜慢慢溶解，产生无色气体并在液面上方变为红棕色，溶液中发生反应的离子方程式应是。④将1.5mol/L的Fe(NO3)3溶液加入到镀有银镜的试管中，振荡，观察到银镜很快溶解，并且溶液颜色加深。(