广州二模物理试题与答案

2015届广州市普通高中毕业班综合测试（二）理综试题（物理）一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题4分）13．气体温度升高，则该气体A．每个分子的体积都增大B．每个分子的动能都增大C．速率大的分子数量增多D．分子间引力和斥力都增大14．如图，注射器内封闭一部分气体．若针筒和活塞隔热性能良好，则缓慢向外移动活塞的过程中气体A．对活塞不做功B．对活塞做负功C．温度保持不变D．压强逐渐减小15．如图，L形木板置于粗糙水平面上，光滑物块压缩弹簧后用细线系住．烧断细线，物块弹出的过程木板保持静止，此过程A．弹簧对物块的弹力不变B．弹簧对物块的弹力逐渐增大C．地面对木板的摩擦力不变D．地面对木板的摩擦力逐渐减小16．如图，在下列不同情形中将光滑小球以相同速率v射出，忽略空气阻力，结果只有一种情形小球不能到达天花板，则该情形是二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求；每题6分，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）17．如图，MN、PQ是圆O的两条相互垂直的直径，圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，荷质比相等的正、负离子分别从M、N以等大速率射向O．若正离子从P出射，则A．负离子会从Q出射B．负离子也从P出射C．两离子在磁场中运动时间相等D．两离子在磁场中运动路程不相等18．如图是光控继电器的示意图，K是光电管的阴极．下列说法正确的是A．图中a端应是电源的正极B．只要有光照射K，衔铁就被电磁铁吸引ABCDvvvvOPQMNKab电源电磁铁衔铁弹簧光电管器大放橡胶塞气体针筒活塞C．只要照射K的光强度足够大，衔铁就被电磁铁吸引D．只有照射K的光频率足够大，衔铁才被电磁铁吸引19．如图为模拟远距离输电电路，两理想变压器的线圈匝数n1=n4＜n2=n3，A1、A2、A3为相同的理想交流电流表．当a、b端接入低压交流电源时，则A．A1、A3的示数相等B．A1、A2、A3的示数相等C．A1的示数大于A2的D．A2的示数大于A3的20．如图，近地人造卫星和月球绕地球的运行轨道可视为圆．设卫星、月球绕地公转周期分别为T卫、T月，地球自转周期为T地，则A．月卫TTB．月卫TTC．地卫TTD．地卫TT21．如图，静电植绒时，真空中带负电的绒毛一旦与布匹上的粘合剂接触就粘贴在布匹上，则带负电绒毛落向布匹的过程中A．做匀速运动B．做加速运动C．电势能逐渐增大D．电势能逐渐减小三、非选择题34．（18分）（1）一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则．1A2A3ArR1n2n3n4n~uab卫星地球月球c（）墙钉1L2L3LOb（）墙钉1L2L3LOa（）电子秤AB负电金属网正电金属板绒毛布匹布卷涂胶（静电植绒）烘燥成品①如图（a），在电子秤的下端悬挂一装满水的水壶，记下水壶______时电子秤的示数F；②如图（b），将三细线L1、L2、L3的一端打结，另一端分别拴在电子秤的挂钩、墙钉A和水壶杯带上．水平拉开细线L1，在白纸上记下结点O的位置、____________________和电子秤的示数F1；③如图（c），将另一颗墙钉B钉在与O同一水平位置上，并将L1拴在其上．手握电子秤沿着②中L2的方向拉开细线L2，使____________和三根细线的方向与②中重合，记录电子秤的示数F2；④在白纸上按一定标度作出电子秤拉力F、F1、F2的图示，根据平行四边形定则作出F1、F2的合力F′的图示，若________________________，则平行四边形定则得到验证．（2）测电池的电动势E和内阻r．①首先直接用多用电表测定该电池电动势，在操作无误的情况下，多用电表盘面如图a所示，其示数为______V．②然后，用电压表、电阻箱R、定值电阻(R0=5Ω)、开关S、若干导线和该电池连成电路，进一步测定该电池电动势和内阻．(ⅰ)在图b中，根据电路图，用笔画线代替导线，完成实物图连接．(ⅱ)闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表相应示数U．记录多组R、U数据，并计算出相应的1R与1U的值，做出1R－1U图线如图c所示．分析该图线斜率k的物理意义知k=_________．（用E、r、R0表示）(ⅲ)从图线中可求得待测电池电动势E=_______V，内阻r=______Ω．（计算结果均保留到小数点后两位）VV11/(V)U11/()R00.10.20.30.40.50.60.51.01.52.02.5c图a图b图VR0R315S0RR(ⅳ)若考虑电压表为非理想表，则电池电动势E测量值相对真实值______（填“偏大”，“偏小”或“不变”）．35．（18分）如图，长度S=2m的粗糙水平面MN的左端M处有一固定挡板，右端N处与水平传送带平滑连接．传送带以一定速率v逆时针转动，其上表面NQ间距离为L=3m．可视为质点的物块A和B紧靠在一起并静止于N处，质量mA=mB=1kg．A、B在足够大的内力作用下突然分离，并分别向左、右运动，分离过程共有能量E=9J转化为A、B的动能．设A、B与传送带和水平面MN间的动摩擦因数均为μ=0.2，与挡板碰撞均无机械能损失．取重力加速度g=10m/s2，求：（1）分开瞬间A、B的速度大小；（2）B向右滑动距N的最远距离；（3）要使A、B不能再次相遇，传送带速率的取值范围．36．（18分）如图甲，单匝圆形线圈c与电路连接，电阻R2两端与平行光滑金属直导轨p1e1f1、p2e2f2连接．垂直于导轨平面向下、向上有矩形匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ，它们的边界为e1e2，区域Ⅰ中垂直导轨并紧靠e1e2平放一导体棒ab．两直导轨分别与同一竖直平面内的圆形光滑绝缘导轨o1、o2相切连接，o1、o2在切点f1、f2处开有小口可让ab进入，ab进入后小口立即闭合．已知：o1、o2的直径和直导轨间距均为d，c的直径为2d；电阻R1、R2的阻值均为R，其余电阻不计；直导轨足够长且其平面与水平面夹角为60，区域Ⅰ的磁感强度为B0．重力加速度为g．在c中边长为d的正方形区域内存在垂直线圈平面向外的匀强磁场，磁感强度B随时间t变化如图乙所示，ab在t=0~gd2内保持静止．（1）求ab静止时通过它的电流大小和方向；（2）求ab的质量m；（3）设ab进入圆轨道后能达到离f1f2的最大高度为h，要使ab不脱离圆形轨道运动，求区域Ⅱ的磁感强度B2的取值范围并讨论h与B2的关系式．MNQBAvLSBtgd20B0gd222p1p)(tB601R2Rbamc甲1e2ed1f1o2o2f乙0B2B2015年广二测理综（物理）答题卡班别：姓名：座号：成绩：34、（1）①②③④（2）①②(ⅰ)如右图(ⅱ)(ⅲ)，(ⅳ)35、315S0RRMNQBAvLS36、Btgd20B0gd222p1p)(tB601R2Rbamc甲1e2ed1f1o2o2f乙0B2B2015年广二测理综（物理）参考答案题号131415161718192021选项CDDBBCADACACBD34.（1）①静止(或稳定、平衡、不动)②三细线的方向(至少记录L1、L3的方向)③结点O的位置④F′与F的图示重合（或基本重合）（F′大小与F相等，方向相同）【①②③④各2分，②填某一细线的方向只给1分，④填F′=F只给1分，④填FF给2分．】（2）①1.55②(ⅰ)如右图(连线错或量程错均不给分)(ⅱ)0RrE(ⅲ)1.59(1.54~1.67)，0.55(0.44~0.80)(ⅳ)偏小【评分说明：①、②(ⅰ)(ⅱ)(ⅲ)(ⅳ)各2分，其中②(ⅲ)每空1分．】35．解：(1)设A、B分开时速度大小分别为vA、vB由A、B系统能量守恒有222121BBAAvmvmE①由A、B系统动量守恒有BBAAvmvm②联立解得：smvvBA/3③(2)假设B不能从传送带Q端离开，且在传送带上运行最大对地位移为s2，由动能定理得22210BBBvmgsm④解得：m25.22s⑤由题意可知m32Ls，假设成立．所以B沿传送带向右滑动距N的最远距离为2.25m⑥(3)设A在水平面上开始向左运动到停止，滑动过的路程为s1，由题意知A与挡板碰撞后原速率返回，整个过程应用动能定理得21210AAAvmgsm，⑦解得：m2m25.21Ss，即A停在距M端0.25m处，即距N端1.75m；⑧若AB不能再次相遇，设B返回到N端时速度大小为vB′，后经s2′距离停下，则由动能定理有22210BBBvmsgm，⑨由m75.12s解得s/m7Bv，⑩由题意可知不论传送带速率多大，vB′至多到3m/s，即⑩符合题意，即传送带的速率取值范围是s/m70v（或s/m7v或s/m7v）○11【评分说明：①②③④⑤⑦⑨各2分，⑥⑧⑩○11各1分；牛顿运动定律解答正确也得分，注意⑩式要捆绑后续划线的文字说明给分，无检验说明不给这1分．】315S0RR36．解：(1)由法拉第电磁感应定律得c内感生电动势dgBdtBSE202①由全电路欧姆定律有IRE②（R2被ab短路）联立①②解得：gdRdBgdRdBI22200③根据楞次定律和右手螺旋定则（或者平衡条件和左手定则）判断ab中电流方向为a→b④[来源:Zxxk.Com](2)由题意可知导轨平面与水平面夹角为60，对在t=0~gd2内静止的ab受力分析有IdBmg0sin⑤联立③⑤解得：gdgRBdgdgRBdm6332202202⑥(3)由题意知t=gd2后，c内的磁感强度减为零，ab滑入区域Ⅱ，由直导轨足够长可知ab进入圆形轨道时已达匀速直线运动，设此时ab为v，其电动势为E2，电流为I2，由平衡条件得dIBmg22sin⑦由法拉第电磁感应定律得动生电动势dvBE22⑧由全电路欧姆定律有222RIE⑨（R1、R2并联）联立⑥⑦⑧⑨解得gdBBgdBBv24822202220⑩由题意可知ab滑不过圆心等高点或者滑过圆轨道最高点均符合题意，分类讨论如下：(ⅰ)当cos2212dmgmv即0222BB时，○11ab上滑过程由动能定理得221mvmgh，即424016BdBh○12(ⅱ)设ab能滑到圆轨道最高点时速度为v1，根据牛顿第二定律应满足2/21dmvmg○13所以当21221)cos1(221mvdmgmv即0221BB时，○14ab能滑到圆轨道最高点，有43)cos1(2ddh○15【评分说明：①②⑤各2分，③④⑥、⑦~○15各1分；其它方法解答正确也得分．磁感强度B的下标书写错乱整体扣1分，不累计扣分；若分类讨论的结果错误但○11~○15涉及到的物理规律应用表达式正确，则每对一式给1分，总共给分不超过3分；物理量临界值的等号不做特别要求．】