安徽省怀宁中学届高考冲刺检测理科综合—物理试题

安徽省怀宁中学2011届高考冲刺检测理科综合—物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分，满分300分，考试用时150分钟。本卷可能用到的相到原子质量为：H-1C-12N-14O-16Na-23Cl-35．5第一部分选择题（共120分）一、单项选择题（本题包括20小题，每小题6分，共120分。）14．下列说法正确的是：A．清晨人们刚刚看到太阳从地平线上升起时实际太阳已在地平线以上；B．“几度夕阳红”，说明可见光中红光的衍射性能强；C．在光的反射现象中光路是可逆的，但光的折射现象中光路是不可逆的；D．光从玻璃射入空气时红光比紫光发生全反射的临界角小；15．如图所示，AB两物体在同一直线上运动，当它们相距s=7m时，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以4m／s的速度向右做匀速运动，而物体B此时速度为10m／s，方向向右，它在摩擦力作用下做匀减速运动，加速度大小为2m/s2，则A追上B用的时间为：A．6sB．7sC．8sD．9s16．如图所示，一根长为l的轻杆的一端与一个质量为m为小球相连，并可绕过另一端O点的水平轴在竖直面内自由转动，图中的a、b分别表示小球运动轨迹的最低点和最高点，已知杆能提供的最大支持力为.21mg现在a点给小球一个初速度v0，使它做圆周运动，则下面说法正确的是：A．小球不能做完整的圆周运动；B．只要满足,20glv小球就能做完整的圆周运动；C．必须满足,2230glv小球才能做完整的圆周运动；D．只要小球在最高点的速度大于零，小球就能做完整的圆周运动；17．如图所示的U－I图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，b点α=β，则下列说法中正确的是：A．在b点时电源的总功率最大；B．在b点时电源有最大输出功率；C．从a→b时，β角越大，电源的总功率和输出功率都将增大；D．从c→b时，β角越小，电源的总功率和输出功率都将减小；18.如图所示，一质量为m、电荷量为q的带电液滴以速度v沿与水平面成θ角的方向斜向上进入匀强电场，在电场中做直线运动，则液滴向上运动过程中：A.液滴的动能一定不变；B.液滴的机械能一定不变；C.液滴的电势能一定不变；D.电场力不可能小于mgcos；19．美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步。下图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，如图所示。带电粒子从0P处以速度0v沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D型盒中的匀强磁场做匀速圆周运动。对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是：A．带电粒子每运动一周被加速两次；B．带电粒子每运动一周3221PPPP；C．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关；D．加速电场方向需要做周期性的变化；20.一个位于竖直平面内的正方形闭合导体框，其上下两条边水平，从静止开始下落一定高度后，垂直穿越一个磁感线沿水平方向且与线圈平面垂直的有界匀强磁场区域，该区域上下边界也水平。下图是自导体框开始下落到完全穿越磁场区域的过程中，导体框中的感应电流随时间变化的图象，其中肯定与实际不．相符的是(忽略空气阻力的影响，线圈始终在竖直平面内平动)：第二部分非选择题（共180分）21、（共18分）I．(3分)一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质6P/WU2/V2O12180.5241.01.52.0BDCA6P/WU2/V2O12180.5241.01.52.06P/WU2/V2O12180.5241.01.52.06P/WU2/V2O12180.5241.01.52.0弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图像如图所示。下列表述正确的是___________。A．a的原长比b的短；B．a的劲度系数比b的大；C．a的劲度系数比b的小；D．测得的弹力与弹簧的长度成正比；II．(6分)像打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况的常见计时仪器，每个光电门都是由激光发射和接收装置组成。当有物体从光电门通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间。现利用如图所示装置设计一个“探究物体运动的加速度与合外力、质量关系”的实验，图中NQ是水平桌面、PQ是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上间距为L的两个光电门（与之连接的两个光电计时器没有画出）。可以装载钩码的小车上固定着用于挡光的窄片K，让小车从木板的顶端滑下，光电门各自连接的计时器显示窄片K的挡光时间分别为t1和t2。①在某次测量中，用游标卡尺测量窄片K的宽度，游标卡尺如图所示，则窄片K的宽度d=m（已知Ld），光电门1、2各自连接的计时器显示的挡光时间分别为t1=4.0×10-2s，t2=2.0×10-2s；②用米尺测量两光电门的间距为L=0.40m，则小车的加速度大小a=m/s2；III.（9分）有一个小灯泡上标有“4.8V、2W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率P与它两端电压的平方U2的关系曲线．有下列器材可供选用：A电压表V1（0～3V，内阻3kΩ）B电压表V2（0～15V，内阻15kΩ）C电流表A（0～0.6A，内阻约1Ω）D定值电阻R1＝2kΩE定值电阻R2＝10kΩF滑动变阻器R（10Ω，2A）G学生电源（直流5V，内阻不计）H开关、导线若干①为了使测量结果尽可能准确，实验中所用电压表应选用；定值电阻应选用。（均用序号字母填写）；②为尽量减小实验误差，并要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图；③根据实验做出P-U2图像，下面的四个图象中可能正确的是。12PKQN22、（14分）中国计划在2017年实现返回式月球软着陆器对月球进行科学探测，届时发射一颗运动半径为r的绕月卫星。登月着陆器从绕月卫星出发，沿椭圆轨道降落到月球的表面上，与月球表面经多次碰撞和弹跳才停下来.假设着陆器第一次弹起的最大高度为h，水平速度为v1，第二次着陆时速度为v2。已知月球半径为R，求：在月球表面发射人造月球卫星的最小发射速度。23、(16分)如图所示，在坐标系xOy内有一半径为a的圆形区域，圆心坐标为O1（a，0），圆内分布有垂直纸面向里的匀强磁场。在直线y＝a的上方和直线x＝2a的左侧区域内，有一沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E。一质量为m、电荷量为+q（q0）的粒子以速度v从O点垂直于磁场方向射入，当速度方向沿x轴正方向时，粒子恰好从O1点正上方的A点射出磁场，不计粒子重力。求：（1）磁感应强度B的大小；（2）粒子在第一象限内运动到最高点时的位置坐标；（3）若粒子以速度v从O点垂直于磁场方向射入第一象限，当速度方向沿x轴正方向的夹角=30°时，求粒子从射入磁场到最终离开磁场的时间t。24、（20分）如图，足够长的水平传送带始终以大小为v＝3m/s的速度向左运动，传送带上有一质量为M＝2kg的小木盒B，B与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0．3，开始时，B与传送带之间保持相对静止。先后相隔△t＝3s有两个光滑的质量为m＝1kg的小球A自传送带的左端出发，以v0＝15m/s的速度在传送带上向右运动。第1个球与木盒相遇后，球立即进入盒中与盒保持相对静止，第2个球出发后历时△t1＝1/3s而与木盒相遇。（取g＝10m/s2）求：（1）第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度时多大？（2）第1个球出发后经过多长时间与木盒相遇？（3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的过程中，由于木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是多少？BAvv0物理试题参考答案14、B；15、C；16、C；17、B；18、D；19、C；20、D；21、I．AB（3分）II．①8.00×10-3m（3分）；②0.15（3分）；III．①A（2分）；D（2分）②（3分）③C（2分）22、解析：以着陆器为研究对象，在其由第一次弹起的最大高度至第二次着陆过程中，由机械能守恒定律，有：22212121mvmvhmg月(5分)以最小发射速度发射的卫星为近月卫星，由牛顿第二定律，有：Rvmgm2卫月卫(5分)得：.2)(2122hRvvv(4分)23、解析：（1）设粒子在磁场中做圆运动的轨迹半径为R，牛顿第二定律，有：2mvqvBR（2分）粒子自A点射出，由几何知识，有：Ra（1分）解得：mvBqa（2分）（2）粒子从A点向上在电场中做匀减运动，设在电场中减速的距离为y121210mvEqy由（2分）得：Eqmvy221（1分）所以在电场中最高点的坐标为：（a，Eqmva22）（2分）（3）粒子在磁场中做圆运动的周期2aTv（1分）粒子从磁场中的P点射出，因磁场圆和粒子的轨迹圆的半径相等，OO1PO2构成菱形，故粒子从P点的出射方向与y轴平行，粒子由O到P所对应的圆心角为：1=60°由几何知识可知，粒子由P点到x轴的距离S=acos粒子在电场中做匀变速运动，在电场中运动的时间12mvtqE（1分）粒子由P点第2次进入磁场，由Q点射出，PO1QO3构成菱形，由几何知识可知：Q点在x轴上，粒子由P到Q的偏向角为2=120°则：12粒子先后在磁场中运动的总时间：22Tt（1分）粒子在场区之间做匀速运动的时间：32()aStv（1分）解得粒子从射入磁场到最终离开磁场的时间：123(23)2amvttttvqE（2分）24、解析：新课标第一网（1）设第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度为v1,根据动量守恒定律：01()mvMvmMv（2分）代入数据，解得：v1=3m/s（1分）（2）设第1个球与木盒的相遇点离传送带左端的距离为s，第1个球经过t0与木盒相遇，则：00stv（2分）设第1个球进入木盒后两者共同运动的加速度为a，根据牛顿第二定律：()()mMgmMa得：23/agms（2分）设木盒减速运动的时间为t1,加速到与传送带相同的速度的时间为t2，则：12vtta=1s（2分）故木盒在2s内的位移为零（2分）依题意：011120()svtvttttt（2分）代入数据，解得：s=7．5mt0=0．5s（1分）（3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的这一过程中,传送带的位移为S，木盒的位移为s1,则：10()8.5Svtttm（2分）11120()2.5svtttttm（1分）故木盒相对与传送带的位移：16sSsm（1分）则木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是：54QfsJ（2分）xkb1.com