搜索
1高二物理期中试卷第I卷一、选择题(本题共12个小题,每小题4分,共48分.在每个小题给出的四个选项中有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确,请将正确答案前的序号涂到答题卡中,多选或错选不得分,漏选得2分)1、（单选）在下列四幅交流电的图象中，能正确反映我国居民生活所用交流电的是()2、（单选）随着人们生活质量的提高,自动干手机已进入家庭洗手间,当人将湿手靠近干手机时,机内的传感器便驱动电热器加热,于是有热空气从机内喷出,将湿手烘干。手靠近干手机时能使传感器工作,这是因为()A.改变了湿度B.改变了温度C.改变了磁场D.改变了电容3、（多选）以下叙述正确的是()A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果4、（单选）如图所示，虚线框内有匀强磁场，1和2为垂直磁场方向放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ2表示穿过两环的磁通量，则有()A．Φ1Φ2B．Φ1＝Φ2C．Φ1Φ2D．无法确定5、（单选）如图所示,在电路两端加上正弦交流电,保持电压有效值不变,使频率增大,发现各灯的亮暗情况是:灯1变亮,灯2变暗,灯3不变,则M、N、L中所接元件可能是()2A.M为电阻,N为电容器,L为电感线圈B.M为电感线圈,N为电容器,L为电阻C.M为电容器,N为电感线圈,L为电阻D.M为电阻,N为电感线圈,L为电容器6、（单选）如图所示是用于观察自感现象的电路图。若线圈的直流电阻RL与灯泡的电阻R满足RL＜R，则在开关S由闭合到断开的瞬间，可以观察到()A．灯泡立即熄灭B．灯泡逐渐熄灭C．灯泡有明显的闪亮现象D．只有在RL≫R时，才会看到灯泡有明显的闪亮现象7、（单选）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是()A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同8、（多选）如图所示，匀强磁场的方向垂直于电路所在的平面，导体棒ab与电路接触良好。当ab在外力F作用下从左向右做匀加速直线运动时，若不计摩擦和导线的电阻，整个过程中，灯泡L未被烧坏，电容器C未被击穿，则该过程中()A．电容器C的上极板带负电B．感应电动势变大C．灯泡L的亮度变大D.电容器两极板间的电场强度减小9、（单选）高频感应炉是用来熔化金属对其进行冶炼的，如图所示为冶炼金属的高频感应炉的示意图，炉内放入被冶炼的金属，线圈内通入高频交变电流，这时被冶炼的金属就能被熔化，这种冶炼方法速度快，温度易控制，并能避免有害杂质混入被炼金属中，因此适于冶炼特种金属。该炉的加热原理是()A．利用线圈中电流产生的焦耳热B．利用线圈中电流产生的磁场C．利用交变电流的交变磁场在炉内金属中产生的涡流D．给线圈通电的同时，给炉内金属也通了电10、（多选）如图所示，矩形线框绕垂直于匀强磁场的轴匀速转动时产生交变电流，下列说3法正确的是A．当线框位于中性面时，线框中感应电动势最大B．当穿过线框的磁通量为零时，线框中的感应电动势也为零C．每当线框经过中性面时，感应电动势方向就改变一次D．线框垂直中性面时，线框中感应电动势最大11、（单选）如下图甲所示，R＝10Ω的电阻中有图乙所示的电流通过，则电压表的示数为()A．22VB．102VC.2032VD．20V12、（单选）在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，正确表示线圈中感应电动势E变化的是图中的（）B4高二物理期中试卷时间：90分钟分值：100分第II卷二、实验题(本题共2小题,共14分。将正确答案填在题中横线上或按题目要求作答)13、(5分)如图所示为演示用的手摇发电机模型，匀强磁场磁感应强度B＝0.5T，线圈匝数n＝50匝，每匝线圈面积为0.48m2，转速为150r/min，线圈在匀速转动过程中，从图示位置开始计时．交变感应电动势瞬时值的表达式是。14、(9分)如下图为“研究电磁感应现象”的实验装置．(1)将图中所缺导线补接完整．(2)如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后：A．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将(填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”)B．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针．(填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”)5三、计算题(共3小题，38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15、(10分)如图所示，在宽为0.5m的平行导轨上垂直导轨放置一个有效电阻为r＝0.6Ω的导体棒，在导轨的两端分别连接两个电阻R1＝4Ω、R2＝6Ω，其他电阻不计。整个装置处在垂直导轨向里的匀强磁场中，如图所示，磁感应强度B＝0.1T。当直导体棒在导轨上以v＝6m/s的速度向右运动时，求：直导体棒两端的电压和流过电阻R1和R2的电流大小。16、(10分)如图7(a)所示，一个500匝的线圈的两端跟R＝99Ω的电阻相连接，置于竖直向下的匀强磁场中，线圈的横截面积是20cm2，电阻为1Ω，磁场的磁感应强度随时间变化的图像如图7(b)所示。求磁场6变化过程中通过电阻R的电流为多大。[]17、(18分)风力发电作为新型环保新能源,得到了快速发展。如图所示,风车阵中发电机输出功率为100kW,输出电压为250V,用户需要的电压为220V,输电线电阻为10Ω。若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%。(1)画出此输电线路的示意图(2)试求:在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比。(3)用户得到的电功率是多少?71、答案：C解析：我国日常生活所用交流电的峰值为311伏，周期为0.02s所以C项正确．2、答案：D解析:人是导体,可以和其他导体构成电容器。手靠近干手机相当于连接了一个电容器,干手机内的电容式传感器便驱动电热器工作,D正确。3、答案：AD解析：电磁感应现象的发现者是法拉第，故选项A正确；惯性是物体本身固有的属性，质量是物体惯性大小的唯一量度，故选项B错误；伽利略通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，故选项C错误；楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的表现，故选项D正确。4、答案：B解析：由图示可以看出，1、2两个圆环的有效面积相同，由Φ＝BS可知，Φ1＝Φ2。B正确。5、答案：C解析:当交变电流的频率增大时,线圈的感抗变大,电容器的容抗变小,由灯1变亮、灯2变暗可知M为电容器、N为电感线圈,而电阻与交变电流的频率无关,故L为电阻,C正确。6、答案：C解析：S闭合，电路稳定时，由于RL＜R，IL＞IR，S断开瞬时，流过线圈的电流IL要减小，在L上产生自感电动势要阻碍电流的减小，通过灯泡原来的电流IR随着开关断开变为零，而灯泡与线圈形成闭合回路，流过线圈的电流IL通过灯泡，由于IL＞IR，因此灯开始有些明显闪亮，C正确，A、B错。若RL≫R时IL≪IR，不会有明显的闪亮现象，D错。7、答案：C解析：由法拉第电磁感应定律知：E＝nΔΦΔt，可见感应电动势的大小与线圈的匝数有关，A错误；感应电动势的大小取决于磁通量的变化快慢，而与磁通量的变化大小无关，B错误，C正确；感应电流产生的磁场阻碍原磁场的变化，当原磁场增大时，感应电流产生的磁场与其相反，D错误。8、答案：BC解析：根据电路的连接方式知电容器两端的电压等于灯泡两端的电压，当导体棒向右做匀加速运动时产生的感应电动势增大，灯泡的亮度变大，电容器两极板间的电场强度增大，选项B、C正确，D错误。根据右手定则可知电容器的上极板带正电，选项A错误。9、答案：C解析：高频感应炉的原理是：给线圈通以高频交变电流后，线圈产生高频变化的磁场，磁场穿过金属，在金属内产生强涡流，由于电流的热效应，使金属熔化。故只有C正确。10、答案：CD11、答案:D解析：电压表的示数为有效值，先根据图象乙求出R中电流的有效值．取一个周期为0.2s，分为两段，Q1＝422R×0.1＝0.8R，Q2＝0，Q＝I2R×0.2＝0.8R，有效值为I＝2A，所以U＝IR＝2×10V＝20V.812、答案：A解析：由法拉第电磁感应定律，E=nt=ntSB,在t=0到t=1s,B均匀增大，则tB为一恒量，则E为一恒量，再由楞次定律，可判断感应电动势为顺时针方向，则电动势为正值，在t=1s到t=3s,B不变化，则感应电动势为零，在t=3s到t=5s,B均匀增大，则tB为一恒量，但B变化得较慢，则E为一恒量，但比t=0到t=1s小，再由楞次定律，可判断感应电动势为逆时针方向，则电动势为负值，所以A选项正确.13、答案：e＝188sin(5πt)V解析：当线圈平面经过中性面时开始计时，则线圈在时间t内转过的角度为ωt，于是瞬时感应电动势e＝Emsinωt.其中Em＝nBSω＝50×0.5×0.48×5πV≈188V，所以e＝188sin(5πt)V.14、答案：(1)如下图所示(2)A.向右偏转一下B．向左偏转一下15、答案：解析：由题意可画出如图所示的电路图，则感应电动势E＝Blv＝0.1×0.5×6V＝0.3V又R外＝R1·R2R1＋R2＝6×46＋4Ω＝2.4Ω则U＝ER外R外＋r＝0.3×2.42.4＋0.6V＝0.24V，I1＝UR1＝0.06A，I2＝UR2＝0.04A。答案：0.24V0.06A0.04A16、答案：解析：由题图(b)知，线圈中磁感应强度B均匀增加，其变化率ΔBΔt＝50－104T/s＝10T/s，由法拉第电磁感应定律得线圈中产生的感应电动势为E＝nΔΦΔt＝nΔBΔtS＝500×10×20×10－4V＝10V，由闭合电路欧姆定律得通过电阻R的电流大小为I＝ER＋r＝91099＋1A＝0.1A。答案：0.1A17、答案：:(1)1∶20240∶11(2)见解析图(3)96kW解析:(1)(2)输电线损失的功率P损=P×4%=100kW×4%=4kW输电线电流I2==A=20A升压变压器输出电压U2==V=5×103V升压变压器原、副线圈匝数比:===电压损失U损=I2R线=20×10V=200V降压变压器原线圈端电压U3=U2-U损=4800V降压变压器原、副线圈匝数比==。(3)用户得到的电功率即降压变压器的输出功率为P用=P-P损=P(1-4%)=100×96%kW=96kW。