初中数学竞赛常用解题方法(代数)

1初中数学竞赛常用解题方法（代数）一、配方法例1、化简122122xxxx.练习：若2()4()()0xzxyyz，试求x+z与y的关系。二、非负数法例2、在实数范围内解方程112()2xyzxyz.三、构造法（1）构造多项式例3、三个整数a、b、c的和是6的倍数.，那么它们的立方和被6除，得到的余数是()(A)0(B)2(C)3(D)不确定的（2）构造有理化因式例4、已知22(2002)(2002)2002xxyy.则22346658xxyyxy______。（3）构造对偶式例5、已知、是方程210xx的两根，则43的值是______。（4）构造递推式例6、实数a、b、x、y满足3axby,227axby,3316axby,4442axby.求55axby的值______。（5）构造几何图形例7、（构造对称图形）已知a、b是正数，且a+b=2.求2214uab的最小值______。练习：（构造矩形）若a，b均为正数，且22ab，224ab，224ab是一个三角形的三条边的长，那么这个三角形的面积等于___________。四、合成法例8、若12345,,,xxxxx和满足方程组2123451234512345123451234520212224248296xxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxx确定4532xx的值。五、比较法（差值比较法、比值比较法、恒等比较法）例9、71427和19的积被7除，余数是几？练习：设0abc，求证：222abcbccaababcabc.六、因式分解法（提取公因式法、公式法、十字相乘法）1221()(...)nnnnnnababaababb1221()(...)nnnnnnababaababb例10、设n是整数，证明数323122Mnnn为整数，且它是3的倍数。练习：证明993991993991能被1984整除。七、换元法（用新的变量代换原来的变量）例11、解方程29(87)(43)(1)2xxx练习：解方程11...111...1xx.八、过度参数法（常用于列方程解应用题）例12、一商人进货价便宜8%，售价保持不变，那么他的利润（按进货价而定）可由目前的%x增加到(10)%x，x等于多少?九、判别式法（24bac判定一元二次方程20axbxc的根的性质）例13、求使222433xxAxx为整数的一切实数x.练习：已知,,xyz是实数，且222212xyzaxyza3求证：2220,0,0333xayaza.十、韦达法（韦达定理：1212,bcxxxxaa）例14：255yy十一、共轭根式法（设A使含有根式的表达式，若存在另一个不恒等于零的表达式B，使乘积AB不含根式，则称B为A的共轭根式）例11、设a,b分别表示137的整数部分与小数部分，求2(17)aab的值为______。练习：求不超过6(75)的值的最大整数为______。十二、反证法例12、已知a，b，c为实数，设2222,2,2236AabBbcCca证明：A，B，C中至少有一个大于零。练习：命题“如果a，b都是无理数，那么ba也是无理数”是否正确，如果正确，试给予证明；如果不正确，试说明理由.代数常用的四种解题方法数学离不开思维。学习效果的大小，取决于思维活动的发展与思维能力的发挥。而思维方法是思维的钥匙，有了科学的思维就能从总体上把握事物的本质联系。从而，有效地提高发现问题和解决问题的能力。很多学生天天做练习，但成绩就是不理想。为什么呢？主要原因就是没有吃透教材的基本原理，就是没有掌握解题的科学方法。掌握方法，是攻克难题的有力武器，只有掌握方法，才能触类旁通，举一反三。不管遇到什么难题，都能得心应手，迎刃而解。那么在初中代数中有那些常用的解题思维方法呢？一、待定系数法用一个或多个字母来表示与解答有关的未知数，这些字母就叫待定系数法。待定系数法是一种最基本的数学方法,这个方法多用于多项式运算、方程和函数方面较多。例如：例1试用关于（x-1）的各次幂表示多项式322435xxx。解：设323224352(1)(1)(1)xxxxaxbxc。因为上式是恒等式，所以不4论x取什么数，两边都应相等，据此可设1x，代入上式得4c，0x，代入上式得522ab2x，代入上式得1616652.abc联立上面三个式子解得2,1,4abc∴323224352(1)2(1)(1)4xxxxxx。这道例题在求待定系数时运用了特殊值法。要尽量减少待定系数的个数，比如可以断定3(1)x的系数是2，就没有必要再将3(1)x项的系数设为待定系数了。例2根据二次函数的图象上（-1，0）、（3，0）、（1，-5）三点的坐标，写出函数的解析式。解：由题设知，当1x和3x时,函数y的值都等于0.故设二次函数的解析式为(1)(3)yaxx,把（1，-5）代入上式,得54a,故所求的解析式为255515(1)(3).4424yxxxx这道例题告诉我们用待定系数法确定函数式时要讲究一些解题技巧.此题若设所求二次函数的解析式为2yaxbxc,用待定系数法,把已知的三点代入,得到一个三元一次方程组,进而求出三个待定系数,,abc,这种解法运算量较大.二、配方法配方,一般是指在一个代数式中通过加减相同的项,把其中若干项变形为n次幂形式的项.这是恒等变形的重要方法之一.因为它有广泛的迁移意义。举例如下：例3分解因式（1）464x（2）222341babaa解：（1）464x=42222222(1664)16(8)(4)(48)(48)xxxxxxxxx（2）222341babaa522222(2)(441)()(21)(21)(21)(1)(31)babaaabaabaabaababa例4已知n为正整数，且71998444n是一个完全平方数，则n的一个值是＿＿＿＿＿。（第九界“希望杯”赛试题）解：设719981423996444222nn142399672222(22)nx①将72(22)x展开后得721472(22)22222xxx②由①、②得14239961482222222nxx比较两边的指数，得8+x=2n,23996.{x或者8+x=3996,22.{xn解之得1003n或者3988n。此题有两解，所以任意填其中的一个都行。三、换元法把一个简单的含变元的式子替换一个较为复杂的含变元的式子，从而使问题得以简化。这样的方法就叫做换元法。换元法是数学中重要的解题方法，根据问题的特点，进行巧妙的换元，往往可以化繁为简，化难为易，收到事半功倍的功效，现举例说明。例5化简32321996199719951997199619961995199719951996。（第七界“希望杯”赛培训试题）解：设1996为a，则1997=(1)a，1995=(1)a，所以，原式323232323232(1)(1)(1)(1)(1)(1)11111aaaaaaaaaaaaaaaaaa例6解方程组2236,330.{xxyyxxyy6解：令,.{xyuxyv⑴代入方程组中，得2336,30.{uvuv解得12,36.{uv和3,9.{uv代入⑴式中，得12,3,36.9.{{xyxyxyxy分别解之，得335,6,26.335.2{{xxyy显然，这些例题运用了换元法就变的简捷了。四、同一法同一法属于间接证法，它的理论依据分别是逻辑学中的同一律与矛盾律和排中律。同一法就是应用“同一法则”进行证明的方法。同一法则是如果两个互逆的命题的条件和结论所关联的事物是唯一存在的，那么两个命题同时为真，或同时为假。例如：例7设abg,,都是锐角，它们的正切依次是111,,258。求证：a+b+g=o45。证明：+a+ba+b===-ab-?Q11tgtg725tg()111tgtg9125，以及ab,都是锐角。a+bQ()是小于o45的锐角。现在取锐角d，使a+b+d=o45，于是-轾d=-a+b===g犏臌+o7119tgtg45()tg7819\d=g\a+b+g=o45当然，以上的四种方法只是我们初中阶段较常见较重要解题的方法，愿同学们能从中得到启发。重视中学数学中的解题基本方法，它对同学们扩大知识领域，提高综合解题能力将带来很多方便。