《供电与照明》总复习(照明部分)

《供电与照明》总复习（照明技术）南京三江学院“电气照明技术”知识结构1）电气照明技术。要求：掌握光学的基本概念；电光源照度的计算。2）电气照明设计。要求：了解照明电气设计的步骤及过程；电气照明系统施工图的简单标注方法；电气照明供电与建筑供配电的联系和区别。照明的基本概念1、光的本质及描述照明的物理量：a、物质的特征，电磁波的特征。b、常用物理量；光通量φ（lm）、光强I（cd）、照度E（Lx）、色温T（K）。2、光的反射、透射概念：光的四种反射状态、四种透射状态。3、电光源：电光源分类、灯具与眩光的概念。4、照明计算：A）平均照度的计算公式的理解。B）利用系数法的系数求解问题。C）概算曲线法的概念。D）点光源，线光源，面光源的概念。5、建筑电气设计：电气设计的阶段区分及任务、电气施工图设计的内容与图纸分类。6、照明设计：照明的分类、设计的要求、照明设计的组成与要求。照明计算照明计算是照明设计的主要内容。它是对照明质量作定量评价的技术指标。照明计算常只进行被照面的照度计算。照明计算的目的是根据照明需要及其它已知条件来决定照明器的数量，电光源的容量，并据此确定照明器的布置方案。照度计算常进行平均照度Eav的计算。而采用的方法又常以“利用系数法”进行计算。照度情况是光通量强弱的表达，落到工作面上的光通量分为两个部分：1）光通量直接落到工作面上部分（直接部分）2）经室内表面反射落到工作面上部分（间接部分）室内平均照度的计算公式：K---维护系数（室内为0.8；室外为0.7）U---利用系数N---照明灯具总数利用系数法：利用系数U的主要由：室形指数RI和室空间RCR；顶棚空间比CCR和地板空间比FCR决定的。见P.199(6-7),(6-8),(6-9)式。例：P.201例6-1题sNUKEavA例2：某电子装配车间面积为12×5(m²);工作面高0.8m；灯具吸顶安装吊高3.8m，拟采用双管40(w)日光灯照明。灯具效率为85%，墙面反射系数为50%，顶棚反射系数为70%。计算工作面最低照度，确定车间内的灯具数，设计该车间照明电气控制线路。设：该车间工作台的照度标准为750（Lx)解：审题得：车间L=12m,b=5m,hrc=3.8-0.8=3m,A=60m²,墙面反射系数ρω=0.5，顶棚反射系数ρc=0.7Eav=750Lx.1)求：室空间比RCR:RCR=4.252）确定利用系数U:若取RCR=4，则U=0.56。若RCR=5,U=0.5现已知RCR=4.25，常用插值法求出U=0.545。插值法公式如下3）确定灯具数：取灯具的维护系数为0.8，设总光通量为ΦΦ=750×60/0.545×0.8=103211(Lx)()5*rcLbhLb211121()UUUURCRRCRRCRRCR**avEAUK经查表可知每支40W日光灯的光通量为2400（lm)，该车间工作台上低走日光灯数为：n=Φ/Φ=103211/2400=43(支）≈44（支）因双管灯具，故日光灯数量取44支。单位容量法：该方法是一种简单计算法。因室内每平米所需的照明设备的安装容量是一定的，根据室面积S，灯的计算高度h，室内的平均照度要求（或标准），查电光源的“光源比功率”表得单位容量值ω，计算室内的安装灯具数量。（见P.205表6-7）例：某实验室面积为12×5m²，桌面高度0.8m，灯具地面3.8m，吸顶安装。采用双管2×40w吸顶式荧光灯照明，确定室内的灯具数。（要求Eav=200Lx)解：用单位容积法计算。S=60m²；h=3m；Eav=200Lx查表P.2056-7表得不带罩灯为ω=13.6（W/m²），吸顶带罩灯ω=11.5（W/m²）总安装功率为：P=ω×S=11.5×60=690(W）需双管2×40w吸顶式荧光灯n=P/P=8.625≈9(套）电气照明设计电气照明设计由两部分组成：1）照明供电系统；2）电气照明设计。供电系统：照明线路--由馈电线；总照明配电箱；干线；照明分配电箱；支线和用电设备（灯具、插座）供电方式—A、一般工作照明供电：照明负荷与动力负荷共用变压器。B、重要工作照明供电：由两个独立电源供电。C、事故照明：由独立备用电源供电。D、室外照明：室内外照明负荷分开供电。2）电气照明设计：设计内容---A、确定合理照明方式和种类。B、选择照明光源和灯具，确定灯具布置方案。C、由照度计算确定光源的安装功率。D、选择供电电压和供电方式。E、供电系统的负荷计算，照明电气设备及线径的选择计算。F、照明系统平面布置图和相应的供电系统。设计要求---A、保证照明质量（光源的显色性，眩光的有效限制）。B、供电可靠安全，维护检修方便。C、兼顾照明与环境的协调。电气照明的施工图---施工图由两部分组成：1）照明供电系统图2）电气照明平面图照明供电系统图—它表示整体供电系统的配电关系和方案，包括所有的配电装置、配电线路和总的设备容量等。电气照明布置图---表征建筑物内的配电箱、灯具、开关、插座和线路等平面位置和线路走向。它是安装电器和敷设线路的依据。在照明平面布置图中，要标明灯具的种类，安装的数量，电光源的功率，安装方式和安装高度等。在平面图中还要标注工作面上的平均照度，电气设备及导线的规格、型号。标注方法与供配电系统图相同。练习题1）什么是照度？它对照明设计有何意义？2）为了获得良好的照明质量，需考虑哪些因素？3）事故照明与工作照明的供电方式有何不同？4）单位或小区的值班室的照明电源与一般照明电源的供电方式有何不同？答案1）答：照度是照明设计的基础物理量，是决定照明效果的重要指标。照度必须满足相应的照度标准。2）答：良好的照明质量应当具有：合适的照度；照度均匀分布；照明稳定；限制眩光。3）答：事故照明应区别于正常照明，其电源应由独立的备用电源供电。备用电源可以是自备发电机，蓄电池，或有效独立于正常供电电源的线路。4）答：值班照明应接至变压器低压端的专用回路。也可由是室内照明配电箱分出专用回路供电并单独控制。计算题练习：1.某建筑工程工地有两台电焊机，铭牌容量为20kVA，cosφ为0.7。铭牌ε为25%，接于380V线路上，求三相等效负荷？解：==7kW假设两台设备分别接在ab、bc线电压上，则三相等效负荷Pe=Pe1＋（3-）Pe2=×7＋（3-）×7=21kWCOSSPPNNe1007.02025.033332.已知车间用电设备，有电压为380V的三相电动机7.5kW3台，4KW8台，1.5kW10台，1kW51台。求其计算负荷。解：此车间各类用电设备的总容量是Pe=7.5×3+4×8+1.5×10+1×51=120.5kW取Kx=0.2,cosφ=0.5，tanφ=1.73有功计算负荷Pj=KxΣPe=0.2×120.5=24.1kW无功计算负荷Qj=Pjtanφ=24.1×1.73=41.7kvar视在计算负荷Sj=Pj/cosφ=24.1/0.5=48.2kV·A计算电流Ij=Sj/UN=48.2×1000/（1.732×380）=73.2A3.某大楼采用三相四线制供电，楼内的单相用电设备有:加热器5台各2kW，干燥器4台各3kW，照明用电2kW。试将各类单相用电设备合理地分配在三相四制线路上，并确定大楼的计算负荷。解：负荷分配结果如下：a相分配的负荷有干燥器２台6kＷ，照明用电２kＷ，因此a相总负荷为8kＷ；b相分配的负荷有干燥器2台6kＷ，加热器1台2kＷ，因此b相总负荷为8kＷ；c相分配的负荷有加热器4台8kＷ，因此c相总负荷为8kＷ设备总容量ΣＰ=3*8=24kＷ需要系数Kn取0.8，cosφ取1，tanφ为0无功计算负荷Qj=Pjtanφ=19.2×0=0（kvar）视在计算负荷Sj=Pj/cosφ=19.2/1=19.2（kV·A）4.某工地采用三相四线制380/220V供电，有一临时支路上需带30kW的电动机2台，8kW的电动机15台，电动机的平均效率为83%，平均功率因数为0.8，需要系数为0.62，总配电盘至该临时用电的配电盘的距离为250m，若允许电压损失7%，试问应选用多大截面的铜芯塑料绝缘导线供电？解：按发热条件选择：ΣP=30×2+8×15=180kＷＰj=KxΣP=0.62×180=111.6kＷIj=按环境温度30℃，初步选择95mm²的铜芯塑料绝缘导线明敷设。按电压损失校验导线,取电压损失系数C=7选择95mm²的铜芯塑料绝缘导线可满足要求。5.有一条三相四线制380/220V低压线路，其长度为200米，计算负荷为100kW，功率因数为0.9，线路采用铜芯塑料绝缘导线穿钢管暗敷。已知敷设地点的环境温度为30ºC，试按发热条件选择所需导线截面。解：按发热条件选择：根据题意可Ｐj=100kＷ，cosφ=0.9；因此，Ij=根据题意环境温度30℃，采用铜芯塑料绝缘导线穿钢管暗敷，初步选择95mm２的铜芯塑料绝缘导线。按电压损失校验导线：根据附表17及题意可知电压损失系数C取77由题意及电压损失公式可知电压损失校验通过。因此选择95mm²的铜芯塑料绝缘导线可满足要求谢谢观看再见！