2017届高考数学大一轮总复习第三章三角函数三角恒等变形解三角形计时双基练24解三角形应用举例理

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1计时双基练二十四解三角形应用举例A组基础必做1.某人向正东方向走xkm后,向右转150°,然后朝新方向走3km,结果他离出发点恰好是3km,那么x的值为()A.3B.23C.3或23D.3解析如图所示,设此人从A出发,则AB=x,BC=3,AC=3,∠ABC=30°,由余弦定理得(3)2=x2+32-2x·3·cos30°,整理得x2-33x+6=0,解得x=3或23。答案C2.张晓华同学骑电动自行车以24km/h的速度沿着正北方向的公路行驶,在点A处望见电视塔S在电动车的北偏东30°方向上,15min后到点B处望见电视塔在电动车的北偏东75°方向上,则电动车在点B时与电视塔S的距离是()A.22kmB.32kmC.33kmD.23km解析如图,由条件知AB=24×1560=6,在△ABS中,∠BAS=30°,AB=6,∠ABS=180°-75°=105°,所以∠ASB=45°。由正弦定理知BSsin30°=ABsin45°,所以BS=ABsin45°sin30°=32。答案B3.一艘海轮从A处出发,以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行,30分钟后到达B处,在C处有一座灯塔,海轮在A处观察灯塔,其方向是南偏东70°,在B处观察灯塔,其方向是北偏东65°,那么B,C两点间的距离是()2A.102海里B.103海里C.203海里D.202海里解析如图所示,易知,在△ABC中,AB=20,∠CAB=30°,∠ACB=45°,根据正弦定理得BCsin30°=ABsin45°,解得BC=102(海里)。答案A4.如图所示,长为3.5m的木棒AB斜靠在石堤旁,木棒的一端A在离堤足C处1.4m的地面上,另一端B在离堤足C处2.8m的石堤上,石堤的倾斜角为α,则坡度值tanα等于()A.2315B.516C.23116D.115解析由题意,可得在△ABC中,AB=3.5m,AC=1.4m,BC=2.8m,且∠α+∠ACB=π。由余弦定理,可得AB2=AC2+BC2-2×AC×BC×cos∠ACB,即3.52=1.42+2.82-2×1.4×2.8×cos(π-α),解得cosα=516,所以sinα=23116,所以tanα=sinαcosα=2315。答案A5.如图,在湖面上高为10m处测得天空中一朵云的仰角为30°,测得湖中之影的俯角为45°,则云距湖面的高度为(精确到0.1m)()3A.2.7mB.17.3mC.37.3mD.373m解析∵在△ACE中,tan30°=CEAE=CM-10AE。∴AE=CM-10tan30°m。∵在△AED中,tan45°=DEAE=CM+10AE,∴AE=CM+10tan45°m,∴CM-10tan30°=CM+10tan45°,∴CM=3+3-1=10(2+3)≈37.3m。答案C6.如图所示,某电力公司为保护一墙角处的电塔,计划利用墙OA,OB,再修建一长度为AB的围栏,围栏的造价与AB的长度成正比。现已知墙角AOB的度数为120°,当△AOB的面积为3时,就可起到保护作用。则当围栏的造价最低时,∠ABO=()A.30°B.45°C.60°D.90°解析只要AB的长度最小,围栏的造价就最低。设OA=a,OB=b,则由余弦定理得AB2=a2+b2-2abcos120°=a2+b2+ab≥2ab+ab=3ab(当且仅当a=b时取等号),又S△AOB=12absin120°=3,所以ab=4。故AB2≥12,即AB的最小值为23。由a=b及3ab=12,得a=b=2。由正弦定理得sin∠ABO=asin120°AB=223×32=12。故∠ABO=30°,故选A。答案A7.甲、乙两楼相距20m,从乙楼底望甲楼顶的仰角为60°,从甲楼顶望乙楼顶的俯角为30°,则乙楼的高是________m。解析4如图,依题意甲楼高度AB=20tan60°=203,又CM=DB=20m,∠CAM=60°,所以AM=CM·1tan60°=2033m,所以乙楼的高CD=203-2033=4033m。答案40338.(2015—2016学年度上学期衡水中学高三年级六调考试)为了测量一古塔的高度,某人在塔的正西方向的A地测得塔尖的仰角为45°,沿着A向北偏东30°前进100米到达B地(假设A和B在海拔相同的地面上),在B地测得塔尖的仰角为30°,则塔高为________米。解析如图所示,CD为古塔的高度,设为hm,由题意得,CD平面ABD,AB=100米,∠BAD=60°,∠CAD=45°,∠CBD=30°,在△CBD中,BD=3hm,在△CAD中,AD=hm,在△ABD中,BD=3hm,AD=hm,AB=100m,∠BAD=60°,∴3h2=10000+h2-2×100hcos60°,解得h=50或-100(舍),∴塔高为50米。答案509.江岸边有一炮台高30m,江中有两条船,船与炮台底部在同一水面上,由炮台顶部测得俯角分别为45°和60°,而且两条船与炮台底部连线成30°角,则两条船相距________m。解析如图,OM=AOtan45°=30(m),ON=AOtan30°=33×30=103(m),在△MON中,由余弦定理得,MN=5900+300-2×30×103×32=300=103(m)。答案10310.(2015·陕西省安康市高三上学期调研)如图,某观测站C在城A的南偏西20°方向上,从城A出发有一条公路,走向是南偏东40°,在C处测得距离C为31千米的公路上的B处有一辆车正沿着公路向城A驶去,该车行驶了20千米后到达D处停下,此时测得C,D两处的距离为21千米。(1)求cos∠CDB的值;(2)此车在D处停下时距城A多少千米?解(1)由题可知CD=21,BD=20,BC=31,在△CDB中,由余弦定理得:cos∠CDB=CD2+BD2-BC22CD×BD=212+202-3122×21×20=-17。(2)由(1)知,cos∠CDB=-17,∴sin∠CDB=1-cos2∠CDB=437。∴sin∠ACD=sin(∠CDB-60°)=sin∠CDB·cos60°-cos∠CDB·sin60°=5314。∴在△ACD中,由正弦定理得:AD=CDsin∠ACDsin∠CAD=21×531432=15,即此车在D处停下时距城A15千米。11.(2016·广州模拟)在一个特定时段内,以点E为中心的7海里以内的海域被设为警戒水域。点E正北55海里处有一个雷达观测站A。某时刻测得一艘匀速直线行驶的船只位于点A的北偏东45°且与点A相距402海里的位置B,经过40分钟又测得该船已行驶到点6A的北偏东(45°+θ)(其中sinθ=2626,0°θ90°)且与点A相距1013海里的位置C。(1)求该船的行驶速度(单位:海里/小时);(2)若该船不改变航行方向继续行驶。判断它是否会进入警戒水域,并说明理由。解(1)如图所示,AB=402,AC=1013,∠BAC=θ,sinθ=2626。因为0°θ90°,所以cosθ=1-26262=52626,BC=AB2+AC2-2AB·AC·cosθ=105。所以该船的行驶速度为10523=155海里/小时。(2)解法一:如图所示,以A为原点建立平面直角坐标系,设点B,C的坐标分别是B(x1,y1),C(x2,y2),BC与x轴的交点为D。由题设,得x1=y1=22AB=40,x2=ACcos∠CAD=1013·cos(45°-θ)=30,y2=ACsin∠CAD=1013·sin(45°-θ)=20。所以过点B,C的直线l的斜率k=2010=2,直线l的方程为y=2x-40。又点E(0,-55)到直线l的距离7d=|0+55-40|1+4=357,所以船会进入警戒水域。解法二:如图所示,设直线AE与BC的延长线相交于点Q。在△ABC中,由余弦定理,得cos∠ABC=AB2+BC2-AC22AB·BC=402×2+102×5-102×132×402×105=31010。所以sin∠ABC=1-cos2∠ABC=1-910=1010。在△ABQ中,由正弦定理,得AQ=AB·sin∠ABC-∠ABC=402×101022×21010=40。由于AE=5540=AQ,所以点Q位于点A和点E之间,且QE=AE-AQ=15。过点E作EP⊥BC于点P,则EP为点E到直线BC的距离。在Rt△QPE中,PE=QE·sin∠PQE=QE·sin∠AQC=QE·sin(45°-∠ABC)=15×55=357。所以船会进入警戒水域。B组培优演练1.如图,飞机的航线和山顶在同一个铅垂面内,若飞机的高度为海拔18km,速度为1000km/h,飞行员先看到山顶的俯角为30°,经过1min后又看到山顶的俯角为75°,则山顶的海拔高度为(精确到0.1km)()A.11.4kmB.6.6kmC.6.5kmD.5.6km解析∵AB=1000×160=503km,∴BC=ABsin45°·sin30°=5032km,8∴航线离山顶h=5032×sin75°≈11.4km。∴山高为18-11.4=6.6km。答案B2.如图,某人在垂直于水平地面ABC的墙面前的点A处进行射击训练。已知点A到墙面的距离为AB,某目标点P沿墙面上的射线CM移动,此人为了准确瞄准目标点P,需计算由点A观察点P的仰角θ的大小。(仰角θ为直线AP与平面ABC所成角)。若AB=15cm,AC=25m,∠BCM=30°,则tanθ的最大值是()A.305B.3010C.439D.539解析由于AB⊥BC,AB=15m,AC=25m,所以BC=252-152=20m。过点P作PN⊥BC交BC于N,连接AN(如图),则∠PAN=θ,tanθ=PNAN。设NC=x(x0),则BN=20-x,于是AN=AB2+BN2=152+-x2=x2-40x+625,PN=NC·tan30°=33x,所以tanθ=33xx2-40x+6259=331-40x+625x2=33625x2-40x+1,令1x=t,则625x2-40x+1=625t2-40t+1,当t=4125时,625t2-40t+1取最小值925,因此625x2-40x+1的最小值为925=35,这时tanθ的最大值为33×53=539(此时x=1254)。故选D。答案D3.如图,经过村庄A有两条夹角为60°的公路AB,AC,根据规划拟在两条公路之间的区域内建一工厂P,分别在两条公路边上建两个仓库M,N(异于村庄A),要求PM=PN=MN=2(单位:千米)。如何设计,使得工厂产生的噪声对居民的影响最小(即工厂与村庄的距离最远)?解设∠AMN=θ,在△AMN中,MNsin60°=AM-θ。因为MN=2,所以AM=433sin(120°-θ)。在△APM中,cos∠AMP=cos(60°+θ)。AP2=AM2+MP2-2AM·MP·cos∠AMP=163sin2(120°-θ)+4-2×2×433sin(120°-θ)cos(60°+θ)=163sin2(θ+60°)-1633sin(θ+60°)cos(θ+60°)+4=83[1-cos(2θ+120°)]-833sin(2θ+120°)+4=-83[3sin(2θ+120°)+cos(2θ+120°)]+203=203-163sin(2θ+150°),θ∈(0,120°)。10当且仅当2θ+150°=270°,即θ=60°时,AP2取得最大值12,即AP取得最大值23。

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