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2016届安徽省示范高中第三次联考物理参考答案1.C【解析】根据逐差法25105-aTxx,解得a=1m/s2,选项B错误;如果初速度为零,连续相等的时间内位移之比为1:3:5:……,所以该质点在t=0时刻的速度不为0,选项A错误;根据逐差法易得,该质点在第20s内的位移为20m,选项C正确;该质点在第10s内的平均速度为10m/s,前10s的平均速度小于10m/s,选项D错误。2.A【解析】轿车以额定功率行驶,P=Fv=f阻v。速度与阻力成反比,故汽车在AB段和CD段的速度之比为100:105,选项A正确、B错误;轿车在BC段做加速运动,但牵引力是变力,不是匀变速直线运动,选项C、D错误。3.B【解析】深潜器在刚开始做变速运动,最后做匀速运动,故阻力越来越大,选项A错误;由牛顿第二定律得:mg-F-f=ma,解得阻力f=m(g-a)-F,选项B正确;若深潜器从静止至达到收尾速度所用时间为t,深潜器不是做匀变速直线运动,它的位移不等于2vt,选项C错误;深潜器达到收尾速度还能继续向下运动,是因为惯性,而不是因为受力,选项D错误。4.D【解析】由于伤员水平方向上匀速运动,因此水平方向合力为零;竖直方向上,伤员先加速上升,后减速上升,因此合力方向开始竖直向上,后竖直向下,伤员的运动轨迹应先向上弯曲,后向下弯曲,选项D正确.5.D【解析】处于地球同步轨道上的卫星所受地球引力大小与卫星的质量有关,所受地球引力大小不一定相等,选项A错误;第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大速度,两种卫星的运行速度均小于第一宇宙速度,选项B错误;地球同步卫星,是相对于地面静止的,这种卫星位于赤道上方某一高度的稳定轨道上,选项C错误;根据公式可知,低轨道卫星的向心加速度大于地球同步轨道卫星的向心加速度,选项D正确。6.C【解析】由图知,解得:滑雪运动员在P点时竖直速度,滑雪运动员到达P点的动能,滑出时的动能,所以滑雪运动员到达P点时动能的与滑出时的动能比值13/4。只有选项C正确.7.ABD【解析】由v-t图象可知,0~t2时间内,滑块的加速度先增大后减小,t2时刻速度最大,加速度却等于0,由牛顿第二定律可知,此时滑块所受合外力也等于0,因地面光滑,水平力F就是合外力,故t2时刻F等于0,选项B正确;由功率计算的表达式P=Fv可知,0t时,因0v,故10P,t2时刻因F等于0,故此时20P,定性分析可知0~t2时间内,F的功率先增大后减小,选项A正确;由动能定理可知,F做功即合外力做的功,且等于物体动能的增加量,故t2~t3时间内F做负功(物体动能减少),t1~t3时间内,F先做正功(t1~t2)后做负功(t2~t3),总功为0,选项C错误,选项D正确8.BD【解析】当作用力的方向水平向左时,对物体进行受力分析,如图所示,将加速度进行分解,设斜面的倾角为θ.根据牛顿第二定律得:垂直于斜面方向:平行于斜面方向:得到:,可见,当加速度增大时,支持力减小,摩擦力增大,根据牛顿第三定律得知,B对A的压力逐渐减小,B对A的摩擦力逐渐增大.故A错误,B正确。当作用力的方向水平向右时垂直于斜面方向:cossinNmgma平行于斜面方向:sincosmgfma得到:cossinNmgma,sincosfmgma可见,当加速度增大时,支持力增大,摩擦力先减小后反向增大,根据牛顿第三定律得知,B对A的压力逐渐增大,B对A的摩擦力先减小后增大,D正确9.AD【解析】小球沿外轨运动到B点时,Rvmmgmg2121,gRv231,沿管道运动到B点时,若小球对管的外壁有压力,则Rvmmgmg2231,gRv342,若小球对管的内壁有压力,则Rvmmgmg2231,gRv322,因此v1:v2的值可能为22:3或2:3,选项A、D正确。10.AD【解析】小球速度越来愈大,由于做的是螺旋圆周运动,根据2vFmR向可知,支持力越来越大,故A正确,B错误;小球在整个运动过程中,只受到重力做功,由动能定理得,即:小球到下端口的速度大小为,沿管的切线方向,但不是竖直方向的,因此小球到达下端管口时重力的功率不等于,故C错误;物体在管内下滑的加速度为ghal,故下滑所需时间为t,,,故cossinmgNmasincosfmgmacossinNmgmasincosfmgmaaNfaNf221mvmghghv22mggh221atlghlalt222D正确;11.(6分)(1)mgx(2分)(2)DE(2分)(3)hx(1分)(4)偏大(1分)【解析】(1)设A点的高度为h,小木块从A点运动到C点过程,克服摩擦力做功为:cos()sintanfhhWmgmgxmgx(2)小木块从A点运动到C点过程,根据动能定理有0mghmgx,故需要测量h和x,选项D、E正确;(3)由(2)可知hx;(4)由于小木块经过B点损失动能,将导致x减小,因而测量所得的滑动摩擦因数将比实际数值大。12.(8分)(1)21()2dMt(3分)(2)1.140;(2分)增大(1分)(3)正;(1分)压缩量的平方(1分)【解析】(1)由机械能守恒定律可知,弹簧弹性势能转化为滑块的动能,弹簧弹性势能E弹=21()2dMt。(2)由游标卡尺读数规则可知,示数为:11mm+0.05×8mm=1.140cm.;为使滑块速度dt接近瞬时速度,应该找更窄的挡光片,因此此种做法会增大误差。(3)图线是过原点的倾斜直线,所以滑块的速度v与位移x成正比;弹性势能转化为动能,即21=2EMv弹,即弹性势能与速度平方成正比,则弹性势能与压缩量平方成正比。13.(10分)解:(1)赛车在ab路段上运动时所受的阻力f1=kmg=0.1×5×102×10N=500N(1分)汽车在ab路段时匀速运动,有F1=f1=500N(1分)赛车的功率,P=F1v1=500N×30m/s=15kW(3分)(2)汽车在bc路段时,匀速运动时有F2=f2,P=F2v2,f2=P/v2联立解得:f2=P/v2=P/v2=750N(1分)在bc段的时间是t=20s,由动能定理得:2122122121mvmvsfPt(2分)解得s1=566.7m(2分)14.(10分)解:(1)小球从A到B做平抛运动,设运动的时间为t则tvL0053sin(1分)202153cosgtLL(1分)求得gLgLv5528.00(1分)代入数据解得:v0=2m/s。(1分)(2)小球到B点时,由于绳子不可伸长,小球沿竖直方向的速度减为零,因此小球以水平分速度开始做圆周运动,由牛顿第二定律LvmmgF20(2分)代入数据解得:F=1.8mg=18N(1分)(3)小球过B点以后在竖直面内做圆周运动,假设小球能达到最高点,由动能定理知:-mgh=0-2021mv(1分)代入数据解得:h=0.2m(1分)悬线的长为L=0.5m,所以小球到不了与O点等高的位置,小球来回摆动,绳子能保持始终处于张紧状态。(1分)15.(12分)解:(1)在地球表面处,由m0g=GMm0R20(2分)同理,太空船所在轨道上的向心加速度为a=GMr2=2020)(HRgR(2分)(2)太空船所在轨道上的向心加速度为:a=2020)(HRgR=v2/(R0+H)(2分)可得:HRgRv00(2分)(3)应减速,由GMmr2=mrv2知太空船要进入较低轨道,必须有万有引力大于太空船做圆周运动所需的向心力,故当v减小时,mrv2减小,则GMmr2>mrv2.(4分)16.(14分)解:(1)要使小球通过P点,2PNmvmgFR(2分)解得PvgR(1分)由B到P由动能定理知220112cos3722PmvmvmgR(1分)解得04.2vgR(2分)(2)小球在经过C点时,在C点左右两边相当于分别在两个圆周上过最低点,在左边轨道212vNmgmR(1分)在右边轨道22vNmgmR(1分)小球恰好经过P点PvgR(2分)由C到P由动能定理知2211222PmvmvmgR(2分)联立解得221522vNNmmgR(2分)
本文标题:2016届安徽省示范高中高三第三次联考物理
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