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-1-章末质量检测(七)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共6小题，每小题7分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～6题有多项符合题目要求。)1.半导体材料的导电性能受外界条件的影响很大，有的半导体在温度升高时其电阻减小得非常迅速，利用这种半导体材料可以制成体积很小的热敏电阻。如图1所示是火警报警系统的部分电路，其中RT为热敏电阻，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器。当热敏电阻RT所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是()图1A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变大D．I变小，U变小解析根据题意可知，当出现火情时，RT的电阻随着温度升高减小得非常迅速，在电路中外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律I＝Er＋R外可知干路电流增大，由U端＝E－Ir可知路端电压减小，电压表测量路端电压，因此U变小，排除A、C选项；因干路电流I增大，R1两端的电压增大，而外电路的电压减小，故R2和RT两端的电压会减小，因此电流表示数会减小，D正确。答案D2.如图2所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小ΔU(电压表为理想电表)，在这个过程中()-2-图2A．通过R1的电流减小，减小量一定等于ΔUR1B．R2两端的电压增加，增加量一定等于ΔUC．路端电压减小，减小量一定等于ΔUD．通过R2的电流增加，但增加量一定大于ΔUR2解析电压表示数减小，可知R减小，设路端电压、干路电流分别为U、I，电压表示数为U1，流过R1、R2的电流分别为I1、I2，电阻改变后，分别为U′、I′、U1′、I1′、I2′，则U1＝I1R1，U1′＝I1′R1，ΔU＝U1－U1′＝(I1－I1′)R1，ΔUR1＝I1－I1′＝ΔI，A正确。U2＝E－U1－Ir，U2′＝E－U1′－I′r，得ΔU2＝(U1－U1′)－(I′－I)r＝ΔU－(I′－I)rΔU，B错误；路端电压减小量小于ΔU，C错误；ΔU＝(I′－I)(r＋R2)，ΔI2＝I′－I＝ΔUr＋R2ΔUR2，D错误。答案A3.如图3所示，平行板电容器中带电质点P处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，则当滑动变阻器R的滑片向b端移动时，以下说法中正确的是()图3A．电流表读数减小B．电压表读数减小C．带电质点P将向上运动-3-D．R3上消耗的功率逐渐增大解析由图可知，电阻R2与滑动变阻器R串联后与R3并联，并联后再与电阻R1串联接在电源两端，平行板电容器与R3并联。当滑动变阻器的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中的总电阻减小。由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流增大，路端电压减小，电阻R1两端的电压增大，故并联部分的电压减小。由欧姆定律可知，流过电阻R3的电流减小，则流过R2和R的电流增大，故电流表的示数增大，选项A错误；因R2和R的总电压减小，而R2两端的电压增大，所以电压表的示数减小，选项B正确；因R3两端的电压减小，所以平行板电容器两端的电压减小，故带电质点P受到的向上的电场力减小，重力大于电场力，所以带电质点P将向下运动，选项C错误；由于R3两端的电压减小，由P＝U2R3可知，电阻R3上消耗的功率减小，选项D错误。答案B4．如图4所示是饮水机的工作电路简化图，S是温控开关，当温度升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管电阻，R是与加热管串联的电阻。表格是从其说明书中摘录的一些技术数据。不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率。当S闭合时，下列关于饮水机的工作状态和R0的阻值正确的是()图4稳定电压220V频率50Hz加热功率550W保温功率22WA．加热，220ΩB．加热，88Ω-4-C．保温，88ΩD．保温，220Ω解析当S闭合时，由于电路中的有效电阻只有R0，故此时电路中的总电阻最小，对应的加热管电阻功率最大，故为加热状态。由R0＝U2P可得其电阻为88Ω，B正确。答案B5.平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图5所示的电路。闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是()图5A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只增大R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变解析R1和R2串联，电容器两端电压跟R2两端电压相同。根据C＝QU可知如果不改变电容，则只需增大R2两端电压，根据串联分压关系(电阻越大分压越大)可知只增大R2或者只减小R1均可，选项B对，A、C错；只减小a、b两极板间的距离会使电容增大，由Q＝CU可知，电容器所带电荷量增加，选项D对。答案BD6.(2014·上海卷)如图6所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则()-5-图6A．A的示数增大B．V2的示数增大C．ΔU3与ΔI的比值大于rD．ΔU1大于ΔU2解析由于电压表、电流表都是理想电表，则电流表可以看成短路，因此外电路为定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表测的是总电流，电压表V1测的是R两端的电压，V2测的是电源的外电压，V3测的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表示数增大，A项正确；内电压增大，外电压减小，电压表V2示数减小，B项错误；ΔU3ΔI＝R＋r，C项正确；ΔU1ΔI＝R，ΔU2ΔI＝r，由于R大于r，因此ΔU1大于ΔU2，D项正确。答案ACD二、非选择题(本题共4小题，共58分)7．(12分)欲测量一个电流表的内阻，根据以下要求来选择器材并设计电路：a．无论怎样调节变阻器，电流表都不会超量程；b．有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据。现备有如下器材：A．待测电流表A1(量程3mA，内阻约为50Ω)B．电压表V(量程3V，内阻未知)C．电流表A2(量程15mA，内阻为10Ω)D．保护电阻R＝120ΩE．直流电源E(电动势2V，内阻忽略不计)F．滑动变阻器(总阻值10Ω，额定电流0.5A)-6-G．开关一个，导线若干(1)在以上提供的器材中，除A、E、F、G以外，还应选择____________、____________(填字母代号)。(2)请画出符合要求的实验电路图。解析根据题中给出的备用器材，选择伏安法测量电流表的内阻。选择内阻已知的电流表A2作为电压表，选择保护电阻R与并联的两个电流表串联。由于电流表两端电压最大只有0.15V，滑动变阻器最大电阻只有10Ω，所以选择分压电路，电路图如图所示。答案(1)CD(2)见解析图8．(14分)某同学用量程为1mA、内阻为120Ω的表头按图7(a)所示电路改装成量程分别为1V和1A的多用电表。图中R1和R2为定值电阻，S为开关。回答下列问题：(1)根据图(a)所示的电路，在图(b)所示的实物图上连线。(2)开关S闭合时，多用电表用于测量__________(填“电流”、“电压”或“电阻”)；开关S断开时，多用电表用于测量__________(填“电流”、“电压”或“电阻”)。(3)表笔A应为________色(填“红”或“黑”)。(4)定值电阻的阻值R1＝________Ω，R2＝________Ω。(结果取三位有效数字)-7-图7解析将表头改装成电压表时，需串联一电阻进行分压，而改装成电流表时则需并联一电阻分流，因此闭合开关后，并联上R1改装成一电流表，断开开关，表头与R2串联则改装成一电压表。多用电表内部表头的正极在右侧，即电流应从表笔B流入，从表笔A流出，则表笔A为黑色。当断开S时，Ig(R2＋r)＝Um，解得R2＝880Ω。当闭合S时，Ig(R2＋r)＝(I－Ig)R1，解得R1≈1.00Ω。答案(1)如解析图所示(2)电流电压(3)黑(4)1.008809．(16分)在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用器材有：电动势为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线，要求能测出尽可能多的数据，图8甲所示是没有连接完的实物电路。(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)图8(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。(2)连好电路，闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，若要测-8-量小灯泡的额定功率，应将滑片P向________(填“左”或“右”)端滑动。(3)通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成了如图乙所示的U－I图线，根据U－I图线提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率为________W。(4)小灯泡的U－I图线是曲线而不是过原点的直线，原因是__________。解析(1)小灯泡的电阻很小，因此采用电流表外接法；实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压，滑动变阻器应采用分压式接法。实物电路如答案图所示。(2)将滑片P向右端滑动，可以增大灯泡两端的电压。(3)根据U－I图象可知，U＝2.5V时，I＝0.2A，所以小灯泡的额定功率为P＝UI＝0.5W。(4)U－I图线上各点与原点连线的斜率表示灯丝的电阻，图线是曲线而不是过原点的直线，这是因为灯丝的电阻会随温度的升高而增大。答案(1)如图所示(2)右(3)0.5(4)灯丝的电阻会随温度的升高而增大10．(16分)[2014·苏、锡、常、镇四市高三教学情况调研(二)]某同学用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节旧干电池的电动势和内阻。(1)他先用多用表电压挡直接接在电源两极，读数如图9甲，则电源电动势约为________V。图9-9-(2)为了更准确地测量电源的电动势和内电阻，他用多用表的“直流100mA”挡设计了如图乙的测量电路，为了电表安全，请估算开关闭合前电阻箱的最小取值为________Ω。(3)将多用电表的选择开关从OFF旋转至“直流100mA”挡，调节电阻箱到合适的值并记录其读数R，合上开关从多用表上读出相应的示数I。(4)重复(3)获得多组数据，根据数据作出了如图10所示的R－1I图线。图10(5)由图线得干电池的电动势E＝________V(保留三位有效数字)，内阻r＝________Ω(取整数)，多用表的内电阻对________(填“E”“r”或“E和r”)的测量结果有影响。解析(1)由题图甲可知，选用了直流电源2.5V挡，因此指针的读数对应为1.30V；(2)由于选用直流电路100mA量程，因此电路中的最大电流不得超过100mA，所以R＝1.30.1Ω＝13Ω；(5)根据闭合电路欧姆定律有，I＝ER＋r，化简为R－1I函数关系为R＝EI－r，即题图10中图线的斜率即为E，则E＝34－030－6V＝1.42V(由于读数误差，答案在1.40～1.50V内均可)，纵截距即为－r，则r＝8Ω，显然上述过程没有考虑多用电表的内阻，实际上多用电表的内阻与电源内阻之和为纵截距的绝对值，所-10-以多用表的内阻对r的测量结果有影响。答案(1)1.3(1.30也可)(2)13(15也可)(5)1.45(1.40～1.50均可)8r