2012年江苏淮安全新中考数学模拟题

2012年江苏淮安全新中考数学模拟题一.选择题（每小题3分，共18分）1．-41的倒数是（）A．4B．-41C．41D．－42．如图表示一个由相同小立方块搭成的几何体的俯视图，小正方形中的数字表示该位置上小立方块的个数，那么该几何体的主视图为（）3.对于函数y＝－k2x（k是常数，k≠0）的图象，下列说法不正确的是（）A．是一条直线B．过点（1k，－k）C．经过一、三象限或二、四象限D．y随着x增大而减小4．为了解某班学生每天使用零花钱的情况，随机调查了15名同学，结果如下表：下列说法正确的是（）A．众数是5元B．平均数是2.5元C．极差是4元D．中位数是3元5．如图，是反比例函数1kyx和2kyx（12kk）在第一象限的图象，直线AB∥x轴，并分别交两条曲线于A、B两点，若2AOBS，则21kk的值是（）A．1B．2C．4D．86．如图，在平行四边形ABCD中，E是BC的中点，且∠AEC=∠DCE，则下列结论不正确．．．的是()A．S△AFD=2S△EFBB．BF=21DFC．四边形AECD是等腰梯形D．∠AEB=∠ADC二.填空题（每小题3分，共27分）7．用科学记数法表示0.0000210，结果是．8．已知两圆相外切，连心线长度是10厘米，其中一圆的半径为6厘米，则另一圆的半径是．9．不等式2x+1＞0的解集是．10．如图所示，直线a∥b，直线c与直线a，b分别相交于点A、点B，AM⊥b，垂足为点M，若∠l=58°，则∠2=___________．11．命题“如果直角三角形的两直角边长分别为a、b，斜边长为c，那么222abc”的逆命题是．12.某种商品的标价为200元，按标价的八折出售，这时仍可盈利25%，则这种商品的进价是元．13.已知一次函数y＝kx+b,当0≤x≤2时,对应的函数值y的取值范围是-4≤y≤8,则kb的值为14．若二次函数2()1yxm，当x≤1时，y随x的增大而减小，则m的取值范围是．15．已知三个边长分别为2、3、5的正方形如图排列，则图中阴影部分面积为．三.解答题（本大题共8个大题，满分75分）16.（8分）化简，求值：111(11222mmmmmm），其中m=3．17.（9分）如图，在△ABC中，AD是中线，分别过点B、C作AD及其延长线的垂线BE、CF，垂足分别为点E、F．求证：BE=CF．每天零花钱（元）01345人数13542第10题图23５第15题图18．（9分）学生的学业负担过重会严重影响学生对待学习的态度．为此我市教育部门对部分学校的八年级学生对待学习的态度进行了一次抽样调查（把学习态度分为三个层级，A级：对学习很感兴趣；B级：对学习较感兴趣；C级：对学习不感兴趣），并将调查结果绘制成图①和图②的统计图（不完整）．请根据图中提供的信息，解答下列问题：（1）此次抽样调查中，共调查了名学生；（2）将图①补充完整；（3）求出图②中C级所占的圆心角的度数.（4）根据抽样调查结果，请你估计我市近80000名八年级学生中大约有多少名学生学习态度达标（达标包括A级和B级）？19．（9分）如图，为了测量某建筑物CD的高度，先在地面上用测角仪自A处测得建筑物顶部的仰角是30°，然后在水平地面上向建筑物前进了100m，此时自B处测得建筑物顶部的仰角是45°．已知测角仪的高度是1.5m，请你计算出该建筑物的高度．（取3＝1.732，结果精确到1m）20．（9分）某汽车运输公司根据实际需要计划购买大、中型两种客车共20辆，已知大型客车每辆62万元，中型客车每辆40万元，设购买大型客车x（辆），购车总费用为y（万元）．（1）求y与x的函数关系式（不要求写出自变量x的取值范围）；（2）若购买中型客车的数量少于大型客车的数量，请你给出一种费用最省的方案，并求出该方案所需费用．21．（9分）如图，一次函数的图象与反比例函数13yx（x＜0）的图象相交于A点，与y轴、x轴分别相交于B、C两点，且C（2，0），当x＜－1时，一次函数值大于反比例函数值，当x＞－1时，一次函数值小于反比例函数值．（1）求一次函数的解析式；（2）设函数2ayx（x＞0）的图象与13yx（x＜0）的图象关于y轴对称，在2ayx（x＞0）的图象上取一点P（P点的横坐标大于2），过P点作PQ⊥x轴，垂足是Q，若四边形BCQP的面积等于2，求P点的坐标．第19图EDCBA1.54530100yx（21题ABPy1CQOy1y222．（10分）如图所示，抛物线m：y=ax2+b（a＜0，b＞0）与x轴于点A、B（点A在点B的左侧），与y轴交于点C.将抛物线m绕点B旋转180°，得到新的抛物线n，它的顶点为C1，与x轴的另一个交点为A1.(1)当a=－1,b=1时，求抛物线n的解析式；(2)四边形AC1A1C是什么特殊四边形，请写出结果并说明理由；(3)若四边形AC1A1C为矩形，请求出a和b应满足的关系式.23．（11分）已知菱形ABCD的边长为1．∠ADC=60°，等边△AEF两边分别交边DC、CB于点E、F。（1）特殊发现：如图1，若点E、F分别是边DC、CB的中点．求证：菱形ABCD对角线AC、BD交点O即为等边△AEF的外心；（2）若点E、F始终分别在边DC、CB上移动．记等边△AEF的外心为点P．①猜想验证：如图2．猜想△AEF的外心P落在哪一直线上，并加以证明；②拓展运用：如图3，当△AEF面积最小时，过点P任作一直线分别交边DA于点M，交边DC的延长线于点N，试判断11DMDN是否为定值．若是．请求出该定值；若不是．请说明理由。参考答案一.选择题1．D2．C3．C4.D5．C6．A二.填空题7．2.10×10－58．4cm9．x＞2110．32°11．如果a、b、c是一个三角形的三条边，并且222abc，那么这个三角形是直角三角形．12.12813.－24或－4814.m≥115．3.75【解析】本题考查三角形的相似，直角三角形和正方形的面积.由题意易知：△ABC∽△ADE∽△AGF,相似比为2：5：10，所以面积比为4：25：100.△AGF的面积为（5×10）÷2=25，△ADE的面积为6.25，△ABC的面积为1，所以四边形BCED的面积为6.25-1=5.25，图中阴影部分面积3×3-5.25=3.75三.解答题16.解：原式=1)1()1)(1(11222mmmmmmm=111)1)(1()1(22mmmmmm=mmmmm2111=mmm21=)1(1mmm=m1．∴当m=3时，原式=3331．17.证明∵在△ABC中，AD是中线，∴BD=CD，∵CF⊥AD，BE⊥AD，∴∠CFD＝∠BED＝90°，在△BED与△CFD中，∵∠BED＝∠CFD，∠BDE＝∠CDF，BD＝CD，∴△BED≌△CFD，∴BE=CF．18.解：（1）200；（2）2001205030（人）．画图正确．（3）C所占圆心角度数360(125%60%)54°°．（4）80000×（25%+60%）=68000∴估计我市初中生中大约有68000名学生学习态度达标．19.解：设CE＝xm，则由题意可知BE＝xm，AE＝(x＋100)m．在Rt△AEC中，tan∠CAE＝AECE，即tan30°＝100xx∴33100xx，3x＝3(x＋100)解得x＝50＋503＝136.6∴CD＝CE＋ED＝(136.6＋1.5)＝138.1≈138(m)人数1201005050120A级B级学习态度层级C级30答：该建筑物的高度约为138m．20.解：（1）因为购买大型客车x辆，所以购买中型客车(20)x辆．62402022800yxxx．（2）依题意得x20x.解得x10．∵22800yx，y随着x的增大而增大，x为整数，∴当x=11时，购车费用最省，为22×11+800=1042（万元）．此时需购买大型客车11辆，中型客车9辆．答：购买大型客车11辆，中型客车9辆时，购车费用最省，为1042万元．21解：⑴∵1x时，一次函数值大于反比例函数值，当1x时，一次函数值小于反比例函数值．∴A点的横坐标是-1，∴A（-1,3）设一次函数解析式为bkxy，因直线过A、C则023bkbk解得11bk∴一次函数的解析式为2xy．⑵∵)0(2xxay的图象与)0(31xxy的图象关于y轴对称，∴)0(32xxy∵B点是直线2xy与y轴的交点，∴B（0,2）设P(n，n3)，2n，S四边形BCQP=S梯形BOQP-S△BOC=2∴22221)32(21nn，25n，∴P（25，56）22.解：（1）当1,1ab时，抛物线m的解析式为：21yx.令0x，得：1y.∴C（0,1）.令0y，得：1x.∴A（-1,0），B（1,0）∵C与C1关于点B中心对称，∴C1（2,-1）.∴抛物线n的解析式为：222143yxxx（2）四边形AC1A1C是平行四边形.理由：∵C与C1、A与A1都关于点B中心对称，∴11,ABBABCBC,∴四边形AC1A1C是平行四边形.（3）令0x，得：yb.∴C（0,b）.令0y，得：20axb,∴bxa,∴(,0),(,0)bbABaa,∴2222,bbABBCOCOBbaa.要使平行四边形AC1A1C是矩形，必须满足ABBC,∴22bbbaa，∴24bbbaa，∴3ab.∴,ab应满足关系式3ab.ABCDEFO第25题图1ABCD第25题图2EFIJPABCDEFP第25题图3GMN23．解：（1）证明：如图I，分别连接OE、0F∵四边形ABCD是菱形∴AC⊥BD，BD平分∠ADC．AD=DC=BC∴∠COD=∠COB=∠AOD=90°．∠ADO=12∠ADC=12×60°=30°又∵E、F分别为DC、CB中点∴OE=12CD，OF=12BC，AO=12AD∴0E=OF=OA∴点O即为△AEF的外心。（2）①猜想：外心P一定落在直线DB上。证明：如图2，分别连接PE、PA，过点P分别作PI⊥CD于I，PJ⊥AD于J∴∠PIE=∠PJD=90°，∵∠ADC=60°∴∠IPJ=360°-∠PIE-∠PJD-∠JDI=120°∵点P是等边△AEF的外心，∴∠EPA=120°，PE=PA，∴∠IPJ=∠EPA，∴∠IPE=∠JPA∴△PIE≌△PJA，∴PI=PJ∴点P在∠ADC的平分线上，即点P落在直线DB上。②11DMDN为定值2.当AE⊥DC时．△AEF面积最小，此时点E、F分别为DC、CB中点．连接BD、AC交于点P，由（1）可得点P即为△AEF的外心解法一：如图3．设MN交BC于点G设DM=x，DN=y(x≠0．y≠O)，则CN=1y∵BC∥DA∴△GBP∽△MDP．∴BG=DM=x．∴1CGx∵BC∥DA，∴△NCG∽△NDM∴CNCGDNDM，∴11yxyx∴2xyxy∴112xy，即112DMDN其它解法略。