2013北京海淀高考二模物理(word解析)

1/14海淀区高三年级第二学期期末练习物理2013.513．在下列叙述中，正确的是A．物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能B．—定质量的气体，体积不变时，温度越高，气体的压强就越大C．对一定质量的气体加热，其内能一定增加D．随着分子间的距离增大分子间引力和斥力的合力一定减小14．根据玻尔理论，氢原子的电子由n=2轨道跃迁到n=1轨道A．原子的能量减少，电子的动能增加B．原子的能量增加，电子的动能减少C．原子要放出一系列频率不同的光子D．原子要吸收某一频率的光子15．如图2所示，用绿光照射一光电管，能产生光电效应。欲使光电子从阴极逸出时的初动能增大，应该A．改用红光照射B．改用紫光照射C．增大光电管上的加速电压D．增大绿光的强度16．甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动，周期之比为T1:T2=1:8，则它们的轨道半径之比和运动速率之比分别为A．R1：R2=1：4，v1:v2=2:1B．R1：R2=4:1，v1:v2=2:1C.R1：R2=1：4，v1:v2=1:2D．R1：R2=4:1，v1:v2=1:217．如图3所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5。原线圈与正弦交变电源连接，输入电压Vtu)100sin(2220。副线圈接入电阻的阻值R=100Ω。则A.通过电阻的电流是22AB.交流电的频率是100HzC.与电阻并联的电压表的示数是100VD.变压器的输入功率是484W18.—根弹性绳沿x轴放置，左端位于坐标原点，用手握住绳的左端，当t=0时使其开始沿y轴做简谐运动，在t=0.25s时，绳上形成如图4所示的波形。关于此波,下列说法中正确的是A.此列波为横波,0点开始时向上运动B.此列波的波长为2m,波速为8m/SC.在t=1.25s后,A、B两点的振动情况总相同D.当t=10s时，质点B正通过平衡位置向上运动2/1419.如图5所示，电源电动势为E，内电阻r。两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时（设灯丝电阻不变），下列说法中正确的是A.小灯泡L2变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大B.小灯泡L2变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变小C.小灯泡L1变亮，V1表的示数变大，V2表的示数变小D.小灯泡L1变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大20.如图6所示，在光滑的水平面上静止放一质量为m的木板B，木板表面光滑，左端固定一轻质弹簧。质量为2m的木块A以速度v0从板的右端水平向左滑上木板B。在木块A与弹簧相互作用的过程中，下列判断正确的是A.弹簧压缩量最大时，B板运动速率最大B.S板的加速度一直增大C.弹簧给木块A的冲量大小为2mv0/3D.弹簧的最大弹性势能为mv02/321.(18分）（1）（4分）某同学在测定一厚度均匀的圆柱形玻璃的折射率时，先在白纸上作一与圆柱横截面相同的圆，圆心为0。将圆柱形玻璃的底面与圆重合放在白纸上。在圆柱形玻璃一侧适当位置竖直插两枚大头针P1和P2，在另一侧适当位置先后插两枚大头针P3和P4，先使P3能够挡住P2、P1的像，再插大头针P4时，使P4能够档住P3和P2，P1的像。移去圆柱形玻璃和大头针后，得图7所示的痕迹。①图中已画出P1P2的入射光线，请在图中补画出完整的光路图，并标出光从玻璃射入空气的入射角θ1和折射角θ2。②用入射角θ1和折射角θ2表示玻璃折射率的表达式为n=_______。（2）(14分）为了较准确地测量一只微安表的内阻，采用图8所示实验电路图进行测量，实验室可供选择的器材如下：A.待测微安表（量程500A，内阻约300Ω）B.电阻箱（最大阻值999.9Ω）3/14C.滑动变阻器R1(最大阻值为10Ω)D.滑动变阻器R2(最大阻值为1KΩ)E.电源（电动势为2V，内阻不计）F.保护电阻R0（阻值为120Ω)①实验中滑动变阻器应选用_____(填“C”或“D”）；②按照实验电路在图9所示的方框中完成实物图连接。③实验步骤：第一，先将滑动变阻器的滑片移到最右端,调节电阻箱的阻值为零；第二，闭合开关S将滑片缓慢左移，使微安表满偏；第三，保持滑片不动，调节R的电阻值使微安表的示数正好是满刻度的2/3时，此时接入电路的电阻箱的示数如图10所示,阻值R为______Ω。第四，根据以上实验可知微安表内阻的测量值RA为_______Ω④若调节电阻箱的阻值为R时，微安表的示数正好是满刻度的1/2，认为此时微安表内阻就等于R0，则此时微安表内阻的测量值R与微安表的示数正好是满刻度的2/3时微安表内阻的测量值RA相比，更接近微安表真实值的是______。（填“R”或“RA”）22.(16分）如图11，水平桌面固定着光滑斜槽，光滑斜槽的末端和一水平木板平滑连接，设物块通过衔接处时速率没有改变。质量m1=0.40kg的物块A从斜槽上端距水平木板高度h=0.80m处下滑，并与放在水平木板左端的质量m2=0.20kg的物块B相碰,相碰后物块B滑行x=4.0m到木板的C点停止运动，物块A滑到木板的D点停止运动。已知物块B与木板间的动摩擦因数=0.20,重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块A沿斜槽滑下与物块B碰撞前瞬间的速度大小；（2）滑动摩擦力对物块B做的功；（3）物块A与物块B碰撞过程中损失的机械能。4/1423.(18分）图12所示为回旋加速器的示意图。它由两个铝制D型金属扁盒组成,两个D形盒正中间开有一条狭缝，两个D型盒处在匀强磁场中并接在高频交变电源上。在D1盒中心A处有离子源，它产生并发出的a粒子，经狭缝电压加速后，进入D2盒中。在磁场力的作用下运动半个圆周后，再次经狭缝电压加速。为保证粒子每次经过狭缝都被加速，设法使交变电压的周期与粒子在狭缝及磁场中运动的周期一致。如此周而复始，速度越来越大,运动半径也越来越大，最后到达D型盒的边缘，以最大速度被导出。已知a粒子电荷量为q，质量为m，加速时电极间电压大小恒为U，磁场的磁感应强度为B，D型盒的半径为R，设狭缝很窄,粒子通过狭缝的时间可以忽略不计，设a粒子从离子源发出时的初速度为零。（不计a粒子重力）求：（1）a粒子第一次被加速后进入D2盒中时的速度大小；（2）a粒子被加速后获得的最大动能Ek和交变电压的频率f（3）a粒子在第n次由D1盒进入D2盒与紧接着第n+1次由D1盒进入D2盒位置之间的距离Δx。24.（20分）如图13所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一竖直平面内，圆弧轨道的圆心为0，半径为R0传送带PC之间的距离为L，沿逆时针方向的运动速度v=gR。在PO的右侧空间存在方向竖直向下的匀强电场。一质量为m、电荷量为+q的小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，恰好运动到C端后返回。物体与传送带间的动摩擦因数为，不计物体经过轨道与传送带连接处P时的机械能损失，重力加速度为g（1）求物体下滑到P点时，物体对轨道的压力F（2）求物体返回到圆弧轨道后，能上升的最大高度H（3）若在PO的右侧空间再加上方向垂直于纸面向里、磁感应强度为B的水平匀强磁场(图中未画出），物体从圆弧顶点A静止释放,运动到C端时的速度为22gR，试求物体在传送带上运动的时间t。5/14海淀高三物理二模参考答案物理2013.5Ⅰ选择题，每小题6分，共48分。选对的得6分，选错或不答的得0分。题号1314151617181920答案BABACDCDⅡ非选择题，共72分。21．实验题（1）①光路图正确有箭头1分；入射角、折射角标度正确②12sinsin（2）①C②实物图补画正确③145.5，291④RA1计算题22．（16分）（1）设物块A滑到斜面低端与物块B碰撞前时的速度大小为v0，根据机械能守恒定律有201121vmghmghv20解得：v0=4.0m/s（2）设物块B受到的滑动摩擦力为f，摩擦力做功为W，则f=µm2gW=-µm2gx解得：W=-1.6J（3）设物块A与物块B碰撞后的速度为v1，物块B受到碰撞后的速度为v，碰撞损失的机械能为E，根据动能定理、根据动量守恒定律和能量守恒有-µm2gx=0-21m2v2解得：v=4.0m/sOP1图6答案P2P4P3θ1θ2GμA+-图86/14vmvmvm21101解得：v1=2.0m/sEvmvmvm22211201212121解得：E=0.80J23．(18分)（1）设α粒子第一次被加速后进入D2盒中时的速度大小为v1，根据动能定理有2121mvqUmqUv21（2）α粒子在D形盒内做圆周运动，轨道半径达到最大时被引出，具有最大动能。设此时的速度为v，有2mvqvBR解得：qBRvm设α粒子的最大动能为Ek，则Ek=221mv解得：Ek=mRBq2222设交变电压的周期为T、频率为f，为保证粒子每次经过狭缝都被加速，带电粒子在磁场中运动一周的时间应等于交变电压的周期（在狭缝的时间极短忽略不计），则RvmBqv2，TRv2解得：T=Bqm2Tf1mBqf2（3）离子经电场第1次加速后，以速度1v进入D2盒，设轨道半径为r1qmUBqBmvr2121离子经第2次电场加速后，以速度v2进入D1盒，设轨道半径为r2轨道半径：qmUBqBmvr22122………7/14离子第n次由D1盒进入D2盒，离子已经过（2n-1）次电场加速，以速度21nv进入D2盒，由动能定理：021)12(212nmvUqn轨道半径：qmUnBqBmvrnn2)12(112离子经第n+1次由D1盒进入D2盒，离子已经过2n次电场加速，以速度v2n进入D1盒，由动能定理：021222nmvnUq轨道半径：qmUnBqBmvrnn22121则x=2)(1nnrr（如图所示）x=2()122(22)122nnqUmBBqmvBqmvnn24．(20分)（1）设物体滑到P端时速度大小为Pv，物体从A端运动到P端的过程中，机械能守恒212PmgRmv解得：2PvgR设物体滑到P端时受支持力为N，根据牛顿第二定律2PvNmgmR解得：N=3mg设物体滑到P端时对轨道压力为F，根据牛顿第三定律F=N=3mg（2）物体到达C端以后受滑动摩擦力，向左做初速度为零的匀加速运动，设向左运动距离为x时物体与皮带速度相同，设物体受到的摩擦力为f，则fx=mgRmv21212物体从皮带的P端滑到C端摩擦力做功-fL=0-221pmvgRmfL221解得：x=L21即物体在皮带上向左先做匀加速运动一半皮带长度后，与皮带同速向左运动，即再次到达P点时速度xn+1nn+1Δxxn8/14大小是v=gR根据机械能守恒定律，设在斜面上上升的高度H，则mgH=212mv解得H=2R说明：其他方法答案正确均得分。（3）设电场强度为E，在无磁场物体从A端运动到C端的过程中，根据动能定理有()00mgRmgEqL解得E=()mgRLqL在有磁场情况下物体从P端运动到C端的过程中，设任意时刻物体速度为v，取一段极短的含此时刻的时间t，设在此时间段内的速度改变量为v（取水平向右为正方向），根据牛顿第二定律，有()vmgEqqvBmamt两边同时乘以t再对两边求和vmtqBvtEqmg)(而vtxL)(pcvvmvm而22gRvc，gRvp2则22gRmvm以上结果代入上式，得2()2gRmgEqtqBLm化简得t=222LgRqBLmgRgR9/14海淀高三二模试卷解析物理2013.5.8【题13】［答案］B［解析］A．物体内分子热运动的动能和势能之和叫做内能，故A错误；B．根据查理定律，物体内分子热运动的动能和势能之和叫做内能，故B正确；C．对一定质量的气体加热，其他吸收热量，气体可能对外做功（即膨胀），故内能不一定增加，故C错误；D．分子间同时存在引力和斥力，随着分子距离的增加，引力和斥力同时减小，故D错误；故选B．【题14】［答案］A［解析］A．从高能级向低