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最大最全最精的教育资源网年中考真题分类汇编：能的转化与能量守恒一选择题1.（2018湖州）在某次演习中，解放军在海拔6000米的高空空投重达8吨的新型履带式伞兵战车，如图。空投下来的战车在后阶段可认为与降落伞一起匀速竖直掉向地面。下列观点正确的是（）A．伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车受到惯性的作用B．后阶段匀速下降的过程中机械能守恒C．空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行，则飞机的势能比空投前减小D．伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功4.8×107焦【答案】C【考点】机械能；【解析】A、伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故A错误；B、后阶段匀速下降的过程中，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小，故B错误；C、空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行，由于飞机的质量减小了，故飞机的势能比空投前减小，故C正确；D、伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功为：W=Gh=mgh=8000kg×10N/kg×6000m=4.8×108J，故D错误。2.（2018杭州）跳绳是大家喜爱的体育运动之一，小金的质量为50千克，每次跳起高度约为6厘米（人整体上升，如图所示），一分钟跳100次，下列说法正确的是（）A.向上起跳过程中小金的动能持续增大B.在整个跳绳过程中小金的机械能守恒C.小金跳一次克服重力做功约3焦D.小金在这一分钟内跳绳的功率约为50瓦【答案】D【考点】机械能分析；做功计算；【解析】A.向上起跳过程中小金的动能转化为重力势能，动能不断较小，故A错误；B.在整个跳绳过程中小金的机械能转化为内能，机械能不守恒，故B错误；C.小金跳一次克服重力做功约W＝Gh＝mgh＝50kg10N/kg0.06m＝30J,故C错误；D.小金在这一分钟内跳绳的功率约为P＝＝50W,故D正确。3.（2018金华）如图，用刻度均匀的匀质杠杆进行“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重为0.5牛）。下列说法正确的是（）最大最全最精的教育资源网．实验前出现图甲所示情况，应将杠杆的平衡螺母向左调B．图乙，在AB处各增加一个钩码，杠杆仍然能保持平衡C．图丙，弹簧测力计从a位置转到b，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数需变大D．图丁，用弹簧测力计在c点向上拉杠杆，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数小于3牛【答案】C【考点】杠杆平衡的动态分析；【解析】A、甲图杠杆左低右高，说明左边的力与力臂之积大，所以平衡螺母应向右调；故A错误；B、图乙，两边各增加一个勾码后，左边为：4×2；右边为：3×3；不平衡；故B错误；C、图丙，当弹簧测力计从a转到b时，力臂在减小，由杠杆平衡原理可知，如果依然平衡则力会增大；故C正确；D、由于杠杆没有处于中心位置，所以考虑杠杆自身重力问题，拉力会大于3N；故D错误；4.（2018衢州）如图所示是汽车起重机，其中A，B组成滑轮组（结构如示意图），C杆伸缩可改变吊臂的长短，D杆伸缩可改变吊臂与水平面的角度，O为吊臂的转动轴。装在E里的电动机牵引钢丝绳，利用滑轮组提升重物，H为在车身外侧增加的支柱，F为吊臂顶端受到竖直向下的力。下列有关汽车起重机的叙述中错误的是（）A．滑轮组中A滑轮用于改变力的方向B．当C杆伸长时吊臂对D杆的压力将变大C．当D杆伸长时力F的力臂将变小D．H的作用是工作时以防翻车和避免轮胎受到的压力过大【答案】A【考点】杠杆平衡；滑轮组；【解析】A、滑轮组中的A滑轮是动滑轮，动滑轮是用于省力的；故A错误；B、当C伸长时，阻力臂增长，而动力和动力臂不变，所以阻力会增大，则对D杆的压力会变大；故B正确；C、当D伸长时，倾斜角增大，所以力F的力臂会变小；故C正确；D、H杆的作用是用于支持起重机，防止压力作用在轮胎上；故D正确；5.（2018绍兴）如图，木块以一定的速度滑过A，B点，到C点滑出下落至D点。A和B，C和D之间的垂直距离均为h。若空气阻力忽略不计，则对木块在运动过程中能量变化的分析，正确的是（）A．D点与A点相比，动能增加，势能减少，机械能不变B．A点到C点减少的重力势能大于C点到D点减少的重力势能C．B点的动能可能等于A点的动能，但一定大于C点的动能D．B点的动能可能等于D点的动能，但一定大于A点的动能【答案】C【考点】能的转化与守恒；【解析】A、如果不考虑木块与接触面之间的摩擦则机械能不变；所以机械能可能不变；故A错误；B、A到C与C与D之间的改变的高度相同，所以减小的重力势能相同；故B错误；C、木块由A到B重力势能减小，如果接触面之间有摩擦则减少的重力势能转化为内能和动能，如果最大最全最精的教育资源网学校租用教师免费下载内能较大，则动能不会增加，所以A、B点的动能可能相等；BC之间有摩擦，会有能转换为内能被消耗；C点动能一定会比A点大；故C正确；D、BC之间有摩擦力时，B点到C点时，动能会减小，而C到D时动能会增大，则B、D点的动能可能相等；AB之间存在摩擦时，A到B的重力势能都转换为摩擦产生的内能；故D错误；6.（2018温州）某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是（）A．电能→机械能→光能B．光能→机械能→电能C．光能→电能→机械能D．机械能→电能→光能【答案】C【考点】能的转化与守恒；【解析】太阳能板发电时，光能转化为电能；电能板给电动机供电调节百叶窗的开合，是电能转化为机械能；所以全过程是光能→电能→机械能；7.（2018温州）如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上。挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图像为（）A．B．C．D．【答案】D【考点】杠杆平衡；摩擦力；【解析】以吸盘A为支点，设挂钩与吸盘A的距离为L，根据杠杆的平衡条件可得，G×L=F×AB，挂钩在向B移动的过程中，L增大，AB、G不变，则F变大，所B的摩擦力也会变大，故吸盘B受到的摩擦力F的大小与L的关系图象为D。二填空题8.（2018嘉兴）如图所示，用酒精灯给水加热一段时间后，观察到软木塞冲出试管口。（1）软木塞冲出试管口，说明力能改变物体的______________。（2）此过程中，水蒸气减少的内能_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，这与热机的_______冲程相似。【答案】（1）运动状态；（2）大于；做功；【考点】力的效果；能的转化；【解析】（1）软木塞由静止到冲出试管口，说明运动状态发生了改变；（2）该实验主要是模拟热机的一个冲程的实验，水蒸汽受热膨胀，压强增大，对木塞做功，使木塞飞出，水蒸气的内能转为化木塞的机械能，与热机中的做功冲程相似；9.（2018杭州）如图所示，将长为1.2米的轻质木棒平放在水平方形台面上，左右两端点分别为A、B，它们距台面边缘处的距离均为0.3米。在A端挂一个重为30牛的物体，在B端挂一个重为G的物体。（1）若G=30牛，台面收到木棒的压力为_____牛。（2）若要使木棒右端下沉，B端挂的物体至少要大于_____牛。（3）若B端挂物体后，木棒仍在水平台面上静止，则G的取值范围为_____牛。【答案】(1).60(2).90(3).l0~90【考点】杠杆动态平衡；【解析】（1）若G＝30牛，以木棒为研究对象，木棒受力平衡，故木棒受台面的支持力为60N,台面收到木棒的压力与木棒受到台面的支持力为相互作用最大最全最精的教育资源网学校租用教师免费下载力，即为60N；（2）若要使木棒右端下沉，则B点为支点，根据杠杆平衡条件GB.3＝GA0.9,解得GB＝90N，即B端挂的物体至少要大于90牛；（3）若B端挂物体后，木棒仍在水平台面上静止，以A点为支点，根据杠杆平衡条件GB×0.9＝GA×0.3，解得则GB＝10N,即G的取值范围为.：l0~90牛。10.（2018宁波）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点滑到a点过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。（1）图乙中（填“dc”或“ec“）表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象。（2）该过程中电路消耗的总功率最大值为W。【答案】（1）dc；（2）36；【考点】电功率；电路分析；【解析】由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。（1）滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R2两端的电压变大；所以图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；（2）由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib=1A，U1=2V、U2=10V；滑片P在a点时，电路中电阻最小，电流最大，所以电流Ia=3A，U1′=6V、U2′=6V；根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压：U=U1+U2=IbR0+U2，U=U1′+U2′=IaR0+U2′，电源电压不变，则：IbR0+U2=IaR0+U2′′，即：1A×R0+10V=3A×R0+6V，解得：R0=2Ω，则U=1A×2Ω+10V=12V；所以电路消粍的总功率最大值P=UIa=12V×3A=36W。三解答题11.（2018嘉兴）笔记本电脑已进入寻常百姓家庭，出差旅游时常随身携带。出于安全考虑，民航局规定，乘客可随身携带0.16kW·h以下的可充电设备。目前，部分航空公司已允许乘客在非起降时间段、有条件地使用笔记本电脑等便携电子设备。请回答下列问题：（1）某旅客携带的笔记本电脑电池容量3000mAh，输出电压15V，充满电后，若工作时的平均电流为1.5A，可工作多少时间？（2）请通过计算说明该旅客能否将此笔记本电带上民航飞机。（3）使用发现，电脑工作时会发热，原因是_____________________，当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇启动，加快散热从而保护电脑。如果断开电源总开关S2，风扇M和其他工作系统同时停止工作。根据上述特点，下列可能符合散热控温特点的原理图是_______。最大最全最精的教育资源网学校租用教师免费下载【答案】（1）2h；（2）：W=UIt=15V×1.5A×2×3600S=162000J=0.045千瓦时；因为0.045kW·h＜0.16kW·h，所以该笔记本电脑能带上民航飞机。（3）电流通过导体时会产生热量；B；【考点】电能计算；电路设计；【解析】（1）电池容量为3000mAh=3Ah,而电脑工作时的电流为1.5A，则t=3Ah/1.5A=2h;（2）题干中提到不超过0.16kW·h的设备可以带上飞机，所以只需求出该电脑的电池储能多少即可；故答案为：W=UIt=15V×1.5A×2×3600S=162000J=0.045千瓦时；因为0.045kW·h＜0.16kW·h，所以该笔记本电脑能带上民航飞机。（3）用电器产热是因为用电器都有电阻，其中的导体也都有电阻；A、开关S2不是电源总开关，只控制工作系统；故A不符合；B、开关S2是总开关，而开关S1单独控制风扇；故B符合；C、任何一个开关闭合，风扇和工作系统都同时工作；故C不符合；D