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2018-2019学年度第一学期高二物理期末考试试卷参考答案一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分。在每小题给出的是个选项中，其中1—9题只有一项符合题目要求，第10—13题有多项符合要求。全部选对的得4分，选对但是不全的得2分，有错选和不选的得0分。）1.关于磁感线的说法，下列正确的是（）A.磁感线从磁体N极出发，终止于S极B.沿磁感线方向，磁场逐渐减弱C.磁感线就是磁场中碎铁屑排列成的曲线D.磁感线可表示磁场的强弱和方向【答案】D【解析】磁感线在磁体的外部从磁体N极出发到S极；内部从S极出发到N极，形成闭合的曲线，选项A错误；沿磁感线方向，磁场不一定逐渐减弱，选项B错误；磁感线是为了描述磁场而人为引入的虚拟线，并不存在，故C错误．磁感线可表示磁场的强弱和方向，磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线的切向方向表示磁场的方向，选项D正确；故选D.2.对“静电场”一章中几个公式的理解，正确的是（）A.公式C=Q/U指出，电容器的电容随电容器所带电荷量Q的增加而增加B.由E=U/d可知，电场中两点的距离越大，电场场强E越小C.在公式F=kQ1Q2/r2中，kQ2/r2是Q2所在位置的电场强度的大小D.公式EP=qΦ中，同一个负电荷在电势越高的地方电势能越小【答案】D【解析】公式C=Q/U指出，电容器的电容等于电容器所带电荷量Q与两板电压U的比值，电容器的电容与所带电量无关，选项A错误；匀强电场的电场强度与电场中两点的距离无关，选项B错误；在公式F=kQ1Q2/r2中，kQ2/r2是Q2在Q1所在位置的电场强度的大小,选项C错误；公式EP=qφ中，同一个负电荷在电势越高的地方电势能越小，选项D正确；故选D.点睛：本题考查对电场中几个公式的理解能力，关键要抓住各个公式的适用条件、公式中每个量的含义进行分析．可根据点电荷场强的计算公式E=kQ/r2，来重新理解库仑定律．3.如下图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B()A．不带电B．带正电C．带负电D．不能确定【答案】C【解析】根据静电感应现象和电荷间的相互作用，可判断导体B带负电，故选C.4.一个质点做变速直线运动的v－t图象如下图，下列说法中正确的是()A．第1s内与第5s内的速度方向相反B．第1s内的加速度大于第5s内的加速度C．OA、AB、BC段的加速度大小aBC＞aOA＞aABD．OA段的加速度方向与速度方向相反【答案】C【解析】第1s内与第5s内的速度图象都在时间轴的上方，都为正，方向相同，A错误；斜率表示加速度，倾斜度越大，加速度越大，从图可以看出aBC＞aOA＞aAB，故B错误，C正确；OA段的加速度与速度方向都为正，D错误．5.2013年5月2日凌晨0时06分，我国“中星11号”通信卫星发射成功．“中星11号”是一颗地球同步卫星，它主要用于为亚太地区等区域用户提供商业通信服务．图为发射过程的示意图，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经Q点点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再一次点火，将卫星送入同步圆轨道3.轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是()A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的速度大于它在轨道2上经过Q点时的速度D．卫星在轨道2上经过P点时的速度小于它在轨道3上经过P点时的速度【答案】D【解析】同步卫星在圆轨道上做匀速圆周运动时有：G＝m，v＝，因为r1＜r3，所以v1＞v3，由ω＝得ω1＞ω3在Q点，卫星沿着圆轨道1运行与沿着椭圆轨道2运行时所受的万有引力相等，在圆轨道1上引力刚好等于向心力，即F＝.而在椭圆轨道2上卫星做离心运动，说明引力不足以提供卫星以v2速率做匀速圆周运动时所需的向心力，即F＜，所以v2＞v1.卫星在椭圆轨道2上运行到远地点P时，根据机械能守恒可知此时的速率v2′＜v2，在P点卫星沿椭圆轨道2运行与沿着圆轨道3运行时所受的地球引力也相等，但是卫星在椭圆轨道2上做近心运动，说明F′＞m，卫星在圆轨道3上运行时引力刚好等于向心力，即F′＝m，所以v2′＜v3.由以上可知，速率从大到小排列为v2＞v1＞v3＞v2′.6.如图所示，大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2倍．A、B分别为大、小轮靠摩擦传动做匀速转动的大小轮边缘上的点，C为大轮上一条半径的中点．则()A．两轮转动的角速度相等B．大轮转动的角速度是小轮的2倍C．质点加速度aA＝2aBD．质点加速度aB＝4aC【答案】D【解析】靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知A、B两点具有相同的线速度．故A错误．根据v＝rω，vA＝vB，知小轮转动的角速度是大轮的两倍．故B错误．A、B两点具有相同的线速度，根据a＝，知＝，故C错误．A、B具有相同的线速度，根据v＝rω，＝，A、C具有相同的角速度，＝.根据a＝rω2，＝，故D正确．7.如图所示,绝缘的斜面处在一个竖直向上的匀强电场中,一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端,已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.3J,重力做功1.5J,电势能增加0.5J,则以下判断正确的是（）A.金属块带负电荷B.静电力做功0.5JC.金属块克服摩擦力做功0.7JD.金属块的机械能减少1.4J【答案】C【解析】在金属块滑下的过程中动能增加了，金属块克服摩擦力做功，重力做功，根据动能定理得：，解得：，所以电场力做功，金属块的电势能增加．由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故A、D正确，B错误；在金属块滑下的过程中重力做功，重力势能减小，动能增加了，所以金属块的机械能减少，故C错误。考点：电势能、功能关系8.如图所示，虚线A、B、C表示某电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一电子从右侧垂直等势面A向左进入电场，运动轨迹与等势面分别交于a、b、c三点，若电子仅受到电场力作用，其在a、b、c三点的速度大小分别为va、vb、vc，则（）A.三个等势面的电势大小为中φCφBφA；B.电子由a到b电场力做功等于由b到c电场力做功；C.电子在a、b、c三点的速度关系vbvcva；D.电子在a、b、c三点的电势能关系EPAEPBEPC【答案】B【分析】对于带电粒子在电场中的运动，首先根据运动轨迹判断出电场力做功问题，然后动能定理或功能关系判断相关问题；【详解】A、根据电子运动的轨迹可判断电场力对电子做负功，电子的电势能增大，即，故电势的关系为，故选项AD错误；B、根据题意相邻等势面间的电势差相等，则根据公式可知电子由a到b电场力做功等于由b到c电场力做功，故选项B正确；C、由于电场力对电子做负功，电子的电势能增大，则动能减小，由于电子质量不变，故电子在a、b、c三点的速度关系，故选项C错误。9.如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A.电压表读数减小B.电流表读数变大C.质点P将向上运动D.R1上消耗的功率逐渐增大【答案】C【解析】由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑动变阻器R4的滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻变大，则电路中总电阻变大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小；路端电压变大，同时R1两端的电压也减小，故并联部分的电压变大；由欧姆定律可知流过R3的电流变大，流过并联部分的总电流减小，故电流表示数减小；因并联部分电压变大，而R2中电压减小，故电压表示数变大，故AB错误；因电容器两端电压变大，故电荷受到的向上电场力变大，则重力小于电场力，合力向上，质点将向上运动，故C正确；因R1两端的电压变小，由P=可知，R1上消耗的功率变小；故D错误；故选C。10.静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如图所示的折线．下列说法正确的是（）A.x轴上x1与x2之间的电场强度小于x3与x4之间的电场强度B.正电荷沿x轴从0移到x1的过程中，电场力做负功，电势能增加C.负电荷沿x轴从x3移到x4的过程中，电场力不做功，电势能不变D.电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为q（φ2－φ1）【答案】BC【分析】根据，图象的斜率表示电场强度，沿着电场线电势降低，电场力做功等于电势能的减小量。A、图象φ-x的斜率表示电场强度，即x轴上x1与x2之间的电场强度等于x3与x4之间的电场强度，都为零，故选项A错误；B、由图像可知：沿x轴从0移到x1的过程中电势升高，故电场力对正电荷做负功，电势能增加，故选项B正确；C、由于x3与x4之间斜率为零，即场强为零，故在此过程中电场力对负电荷不做功，电势能不变，故选项C正确；D、电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为，故选项D错误。11.如图所示是粒子速度选择器的原理图，如果粒子的重力不计。已知速度为v0的质子流可以从a点沿直线运动到b点，以下说法正确的是（）A.速度为v0的α射线（He核流）也可以从a沿直线运动到b点；B.速度为v0的β射线（电子流）也可以从a沿直线运动到b点；C.速度为v0的质子流也可以从b沿直线运动到a点；D.速度大于v0的γ射线（光子流，不带电）也可以从a沿直线运动到b点【答案】ABD【解析】带电粒子受到的电场力和洛伦兹力平衡时，才能沿直线通过，根据左手定则判断洛伦兹力方向，确定两个力能否平衡，即可判断粒子能否沿直线运动；A、由于质子带正电，a点沿直线运动到b点，即电场力向下，洛伦兹力向上，则若射入速度为v0的α射线（He核流），仍然是电场力向下，洛伦兹力向上，仍满足，即也可以从a沿直线运动到b点，故选项A正确；B、若射入速度为v0的β射线（电子流），则电场力向上，洛伦兹力向下，仍满足，即也可以从a沿直线运动到b点，故选项B正确；C、若射入速度为v0的质子流也可以从b沿直线运动到a点，则其受到电场力向下，洛伦兹力也向下，不满足二力平衡，故选项C错误；D、若射入速度大于v0的γ射线（光子流，不带电），则不受电场力和洛伦兹力作用，即可以从a沿直线运动到b点，故选项D正确。12.如图所示，在国庆60周年阅兵盛典上，我国预警机“空警-2000”在天安门上空时机翼保持水平，以4.5×102km/h的速度自东向西飞行．该机的翼展（两翼尖之间的距离）为50m，北京地区地磁场的竖直分量向下，大小为4.7×10-5T，则（）A.两翼尖之间的电势差为0.29VB.两翼尖之间的电势差为2.9VC.飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势高D.飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势低【答案】AC【解析】飞机在飞行时切割磁感线，则由可求得两翼间的电势差，由右手定则可判断两翼电势的高低．由可得，两翼间的电势差，故A正确B错误；由右手定则可知，若有闭合回路，则电路中电流应由右方流向左方，因飞机此时作为电源处理，故电势应为左方向高，故C正确D错误；13.如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.2s末带电粒子回到原出发点C.3s末带电粒子的速度为零D.0～3s内，电场力做的总功为零【答案】CD【解析】试题分析：由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为：，第2s内加速度为：故a2=2a1，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故B错误；由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C错误；因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只