2018深圳一模物理

2018深圳一模物理试题讲评物理答案题号1415161718192021答案DBCBDBDABCBC14．下列说法正确的是A．在光电效应实验中，只要入射光足够强，时间足够长，金属表面就会逸出光电子B．在光电效应的实验中，饱和光电流大小取决于入射光的频率，频率越大，饱和光电流越大C．根据波尔的原子理论，氢原子从n=5的激发态跃迁多n=2的激发态时，原子能量减小，电势能增加D．根据波尔的原子理论，大量处于基态的氢原子吸收波长为𝝀𝟎的光子后，如果辐射出3种频率的光子，则其中波长最小的为𝝀𝟎15．如图所示为甲乙两物体做直线运动的x-t图像，对于0~t1世纪内两物体的运动，下列说法中正确的是A．甲物体速度方向与加速度方向相同B．乙物体加速度方向与速度方向相反C．甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D．乙物体位移变小，速度变大𝒙−𝒕图象，斜率表示速度16．如图所示，a、b两端接在正弦交流电源上，原副线圈回路中A、B电阻的阻值相同，原副线圈匝数比为𝒏𝟏:𝒏𝟐，下列说法正确的是A．A、B电阻的电流之比为𝒏𝟏:𝒏𝟐B．A、B电阻的电压之比为𝒏𝟏:𝒏𝟐C．A、B电阻的功率之比为𝒏𝟐𝟐:𝒏𝟏𝟐D．A电阻与原线圈输入电压之比为1：1𝐼1𝐼2A、B电流之比𝑰𝟏𝑰𝟐=𝒏𝟐𝒏𝟏A、B电压之比𝑼𝑨𝑼𝑩=𝑰𝟏𝑹𝑰𝟐𝑹=𝒏𝟐𝒏𝟏A、B功率之比𝑷𝑨𝑷𝑩=𝑰𝟏𝟐𝑹𝑰𝟐𝟐𝑹=𝒏𝟐𝟐𝒏𝟏𝟐17．如图所示，直线MN左侧空间存在范围足够大，方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在磁场中P点有一个粒子源，可在纸面内各个方向射出质量为m，电荷量为q的带正电粒子（重力不计），已知∠POM=60°，PO间距为L，粒子速率均为𝟑𝒒𝑩𝑳𝟐𝒎，则粒子在磁场中运动的最短时间为A．𝝅𝒎𝟐𝒒𝑩B．𝝅𝒎𝟑𝒒𝑩C．𝝅𝒎𝟒𝒒𝑩D．𝝅𝒎𝟔𝒒𝑩𝑅=𝑚𝑣𝑞𝐵=32𝐿粒子速度沿PO方向射出,可知𝑃𝐶=2𝑅=3𝐿圆心角𝛼=2×300=600粒子运动时间𝑡=16×2𝜋𝑚𝑞𝐵𝐶𝐷𝛼30018．如图所示，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端栓接条形磁铁，一个铜盘放在条形磁铁的正下方的绝缘水平桌面上，控制磁铁使弹簧处于原长，然后由静止释放磁铁，不计磁铁与弹簧之间的磁力作用，且磁铁运动过程中未与铜盘接触，下列说法中正确的是A．磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加速度为零B．磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生顺时针方向的涡旋电流C．磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能D．磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能大于铜盘产生的焦耳热部分机械能转化为焦耳热19．如图所示，斜面体abc静止于粗糙水平地面上，物块m1、m2均沿斜面匀速下滑，已知m1m2，θ1θ2，下列说法中正确的是A．地面对斜面体的摩擦力水平向右B．地面对斜面体没有摩擦力C．所给条件不足，不能判断摩擦力方向D．斜面体ab面和ac面的动摩擦因数不同整体法匀速下滑𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃=𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃𝜇=𝑡𝑎𝑛𝜃20．我国发射的某卫星，其轨道平面与地面赤道在同一平面内，卫星距地面的高度约为500km，而地球同步卫星的轨道高度约为36000km，已知地球半径约为6400km，已知地球表面的重力加速度为𝒈=𝟏𝟎𝒎/𝒔𝟐，关于该卫星，下列说法中正确的是A．该卫星的线速度大小约为7.7km/sB．该卫星的加速度大于同步卫星的加速度C．一年内，该卫星被太阳光照射时间小于同步卫星被太阳光照射时间D．该卫星的发射速度小于第一宇宙速度环绕速度𝑣1=𝑅𝑔=8𝑘𝑚/𝑠某卫星绕地球做圆周运动𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝑣2𝑟𝑣=𝐺𝑀𝑟𝑣𝑣1=𝑅𝑟=64006900𝑣=7.7𝑘𝑚/𝑠21．如图所示，滑轮大小可忽略的传送带以恒定速率顺时针转动，将小物块在传送带底端P点无初速度释放，小物块在摩擦力作用下运动至传送带顶端，在小物块运动过程中，下列说法中正确的是A．小物块所受摩擦力的瞬时功率一定不断变大B．小物块所受摩擦力做的功大于小物块动能的增加量C．若物块滑到顶端时恰好与传送带共速，则两者间因摩擦而产生的内能恰好等于物块增加的机械能D．若物块滑动顶端时恰好与传送带共速，则两者间因摩擦而产生的内能恰好等于物块增加的动能𝑃=𝑓𝑣小物块运动有可能，先加速后匀速同时克服重力做功C解释：小物块位移𝐿=12𝑣0𝑡传送带位移𝑥=𝑣0𝑡=2𝐿内能的增量𝑄=𝑓𝑥−𝐿=𝑓𝐿机械能增量Δ𝐸=𝑓𝐿22．某物理兴趣小组利用如图（a）所示的装置来测量物体间的动摩擦因数，实验步骤如下：①把“”型木块放在光滑水平面上，木块表面AB、BC粗糙程度相同；②木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，（当力传感器受水平压力时，其示数为正值；当力传感器受到水平拉力时，其示数为负值）；③一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力与时间的关系如图b所示（物体经过B时的速率不变）回答下列问题：回答下列问题：（1）为了测出滑块与“”型木块的动摩擦因数，需要测量或已知哪些物理量___________。A、BC的长度B、斜面BC的倾角θC、图b中F1的大小D、图b中F2的大小E、AB的长度（2）若已经由实验得到（1）中所需物理量，滑块与“”型木块间的动摩擦因数μ=𝑚𝑔𝑓1𝑁1𝑁′1𝑓′1𝐹1𝐹2𝑓′2𝑓2𝑚𝑔𝑁2𝜃滑块在BC段：𝑁1=𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃𝑓1=𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃受力平衡：𝐹1+𝑓1𝑐𝑜𝑠𝜃=𝑁1𝑠𝑖𝑛𝜃滑块在AB段：𝑓2=𝜇𝑚𝑔受力平衡：𝐹2=𝑓2整理得：𝐹1+𝐹2cos2𝜃=𝐹2𝜇𝑠𝑖𝑛𝜃𝑐𝑜𝑠𝜃𝐹2𝑠𝑖𝑛𝜃𝑐𝑜𝑠𝜃𝐹1+𝐹2cos2𝜃23．如图（a）所示，是多用电表欧姆档内部的部分原理图，已知电源电动势E=1.5V，内阻r=1Ω，灵敏电流计满偏电流Ig=10mA，内阻为rg=90Ω，表盘如图b所示，欧姆表表盘中值刻度为“15”（1）多用电表的选择开关旋至“Ω”区域的某档位时，将多用电表的红、黑表笔短接，进行欧姆调零，调零后多用电表的总内阻为___________Ω，某电阻接入红、黑表笔间，表盘如图（b）所示，则该电阻的阻值为_______________Ω。15060中值电阻𝑅𝑍=150Ω为欧姆表的内阻（2）若将选择开关旋至“×1”，则需要将灵敏电流计__________（选填“串联”或“并联”）一阻值为___________-Ω的电阻，再欧姆调零。（3）多用电表长时间使用后，电源内阻变大，电动势变小，此因素会造成被测电阻的测量值比真实值___________（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。10选择开关旋至“×1”，欧姆表内阻为𝑅Ω=15Ω满偏电流𝐼𝑔=𝐸𝑅Ω=1.515𝐴=0.1𝐴=100𝑚𝐴并联电阻𝑅𝑅𝑔=1090𝑅=10Ω10mA90mA24．如图所示，匀强电场中相邻竖直等势线间距d=10cm，质量m=0.1kg，带电量为𝒒=−𝟏×𝟏𝟎−𝟑𝑪的小球以初速度𝒗𝟎=𝟏𝟎𝒎/𝒔抛出，初速度方向与水平线的夹角为45°，已知重力加速度𝒈=𝟏𝟎𝒎/𝒔𝟐，求：（1）小球加速度的大小；（2）小球再次回到图中水平线时的速度和抛出点的距离。𝑚𝑔𝑞𝐸𝐹合24、（1）设相邻两等势线间的电势差为U，则𝐸=𝑈𝑑，解得𝐸=1×103𝑉/𝑚电场力𝐹=𝑞𝐸=1𝑁，方向水平向右，重力𝐺=𝑚𝑔=1𝑁，方向竖直向下小球加速度为a，由牛顿第二定律，𝐺2+𝐹2=𝑚𝑎解得𝑎=102𝑚/𝑠2𝑚𝑔𝑞𝐸𝐹合（2）设小球再次回到图中水平线时的速度为𝑣，与抛出点的距离为𝐿,小球加速度与初速度方向垂直，做类平抛运动𝐿𝑐𝑜𝑠450=𝑣0𝑡，𝐿𝑠𝑖𝑛450=12𝑎𝑡2解得𝑡=2s𝐿=20𝑚𝑣𝑦=𝑎𝑡，𝑣=𝑣02+𝑣𝑦2解得𝑣=105𝑚/𝑠速度与水平夹角为𝜑，𝑡𝑎𝑛𝜑=13（或者设与初速度方向夹角为𝜑，则𝑡𝑎𝑛𝜑=2）𝐹合𝑣0𝑣𝑦𝑣25．如图所示，半径为R的四分之一圆弧轨道，在底端N点与水平面相切，质量为m1=m的小球A从圆弧顶端无初速度释放，与静止于N点，质量为m2=3m的铁质小球B发生对心弹性碰撞，碰后小球B靠近静止于水平面上的一带有磁性装置的物体时，被磁性装置接收，该物体的总质量为𝑚3=12𝑚，自动投放球装置保障N点总有一个与B球完全相同的小球静止待碰，忽略一切摩擦力，已知重力加速度为g，求：（1）小球A第一次与B碰前的瞬间所受支持力的大小及物体接收第一个小球B后的速度大小；（2）通过计算判定带磁性装置的物体能否接收到第三个小球；（3）A球从释放到最终静止，在碰撞过程中所受外力的总冲量大小。25、（1）根据动能定理2112AmgRmv，由牛顿第二定律21ANvFmgmR，解得3NFmg小球A、B第一次弹性碰撞111121'AABmvmvmv，2'22111121111222AABmvmvmv解得12111121'2AAAmmvvvmm，11111221'2BAAmvvvmm第一个小球追上物体21231'+Bmvmmv物，解得1210gRv物（2）小球A碰后反向，滑上圆弧轨道后滑回N点，2111'2AAAvvv发生第二次碰撞，规律重复212221121'()2AAAmmvvvmm，21222112211'()22BAAAmvvvvmm2221232''2+BBmvmvmmv物，解得1218Avv物规律重复231111'()28BAAvvv，3'Bvv物2，因此不能追上（3）由动量定理112123134....AAAAAAImvvmvvmvv1112342....AAAAImvmvvv21111112332112AAAvImvmmvmgR33．【物理选修3-3】（1）下列说法正确的是A．液晶具有流动性，其光学性质表现为各向异性B．太空舱中的液滴呈球状是由于完全失重情况下液体表面张力的作用C．用打气筒的活塞压缩气体很费劲，说明分子间有斥力D．第二类永动机是不可能制造出来的，因为它违反了能量守恒定律E．在合适的条件下，某些晶体可以装备为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体（2）如图所示，有一上部开有小孔的圆柱形气缸，气缸的高度为2𝐿，横截面积为𝑆，一厚度不计的轻质活塞封闭1𝑚𝑜𝑙的单分子理想气体，开始时活塞距底部的距离为L，气体的热力学温度为𝑇1，已知外界大气压为𝑝0,1𝑚𝑜𝑙的单分子理想气体内能公式为𝑈=32𝑅𝑇，现对气体缓慢加热，求：①活塞恰好上升到气缸顶部时气体的温度和气体吸收的热量；②当加热到热力学温度为3𝑇1时气体的压强。等压变化，气体做功𝑊=𝑃Δ𝑉①开始加热后活塞上升的过程中封闭气体作等压变化，122VLSVLS，，由1212VVTT解得212TT由热力学第一定律UWQ，2132URTT，021WpVV解得1032QRTpLS②设当加热到3T1时气体的压强变为p3，在此之前活塞上升到气缸顶部，对于封闭气体，由理想气体状态方程。由301123pLSpLSTT，解得301.5pp