广西桂林十八中2019高三上第一次抽考试题-物理

广西桂林十八中2019高三上第一次抽考试题-物理物理注意：1、本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两部分，总分值100分。考试时间：90分钟。答卷前，考生务必将自己的姓名和考号填写或填涂在答题卷指定的位置。2、选择题答案用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试题卷上。3、主观题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卷上作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。第一卷〔共48分〕一、选择题〔12小题，共48分，每题有一个或多个选项正确，全选对得4分，少选得2分〕1、关于重力，以下说法中正确的选项是()A、只有静止的物体才受到重力的作用B、只有做自由落体运动的物体才受到重力的作用C、重力的方向总是与物休的运动方向相同D、重力的方向总是竖直向下的2、两个大小分别为1F和2F〔21FF〕的力作用在同一质点上，它们的合力的大小F满足()A、21FFFB、121222FFFFFC、1212FFFFFD、222221212FFFFF3、在下面所说的物体运动情况中，可能出现的是()A、物体在某时刻运动速度特别大，而加速度为零B、物体在某时刻运动速度特别小，而加速度特别大C、运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D、做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小4.06年我国自行研制的“枭龙”战机在四川某地试飞成功.假设该战机起飞前从静止开始做匀加速直线运动,达到起飞速度v所需时间为t,那么起飞前的运动距离为()A.vtB.2tvC.2vtD.不能确定5、如下图为一质点做直线运动的速度—时间图象，以下说法正确的选项是()A、整个过程中，CE段的加速度最大B、整个过程中，BC段的加速度最大C、整个过程中，D点所表示的状态离动身点最远D、BC段所表示的运动通过的路程是30m6.如下图，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦。现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相关于水平面的运动情况为()A.物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动B.物块先向左运动，再向右运动C.木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零7、以下关于惯性的各种说法中，你认为正确的选项是()A、抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的B、在完全失重的情况下，物体的惯性将消逝C、把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的缘故D、材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，那么难以推动的物体惯性大8、如下图，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，假设在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，那么〔〕A、物块静止B、物块仍以加速度a匀加速下滑C、物块匀速下滑D、以上说法都不对9、如下图，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，如今整个系统保持静止、Ff表示木块与挡板间摩擦力的大小，FN表示木块与挡板间正压力的大小、假设挡板间的距离稍许减小后，系统仍静止且O1、O2始终等高，那么〔〕A、Ff变小B、Ff不变C、FN变小D、FN变大10.用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中,如下图.ac和bc与竖直方向的夹角分别为030和060，那么ac绳和bc绳中的拉力分别为〔〕A、31,42mgmgB、13,22mgmgC.31,22mgmgD、13,24mgmg11、如下图，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过铰链固定在C点，另一端B悬挂一重为G的重物，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮A，用力F拉绳，开始时∠BCA＞90°，现使∠BCA缓慢变小，直到杆BC接近竖直杆AC.此过程中，杆BC所受的力()A、大小不变B、逐渐增大C.先增大后减小D.先减小后增大12.、如下图，在倾角为30°的光滑斜面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是Ffm.现用平行于斜面的拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块沿斜面以同一加速度向下运动，那么拉力F的最大值是()A.35FfmB.34FfmC.32FfmD、Ffm第二卷〔共52分〕abcm二.实验题,每空1分,共18分13、〔1〕下图为分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如下图，长度为________cm，直径为________cm、〔2〕某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系、①将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在________方向〔填“水平”或“竖直”〕、②弹簧自然悬挂，待弹簧________时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表：表中有一个数值记录不规范，代表符号为________、由表可知所用刻度尺的最小分度为________、③如图是该同学依照表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_________的差值〔填“L0”或“Lx”〕、④由图可知弹簧的劲度系数为____________N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为______________g〔结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2〕、14.某同学利用下图所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律、物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上〔尚未到达滑轮处〕、从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如下图、打点计时器电源的频率为50Hz、①打点计时器使用电源(填直流或交流),工作电压伏.通过分析纸带数据，可判断物块在代表符号L0LxL1L2L3L4L5L6数值〔cm〕25.3527.3529.3531.3033.4035.3537.439.30两相邻计数点________和________之间某时刻开始减速、②计数点4对应的速度大小为________m/s，计数点6对应的速度大小为________m/s、物块加速运动过程中加速度的大小为a＝________m/s2〔保留三位有效数字〕③物块减速运动过程中加速度的大小为a＝________m/s2，假设用ag来计算物块与桌面间的动摩擦因数〔g为重力加速度〕，那么计算结果比动摩擦因数的真实值________〔填“偏大”或“偏小”〕、15、(10分)拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具〔如图〕、设拖把头的质量为0.5Kg，拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为10m/s2、某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为370，假设拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小〔sin370=0.6cos370=0.8〕16、(12分)一辆值勤的警车停在公路边，当警员发明从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严峻超载时，决定前去追赶，通过5.5s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须操纵在90km/h以内、问：〔1〕警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？〔2〕警车发动后要多长时间才能追上货车？17.(12分)航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2㎏，动力系统提供的恒定升力F=28N。试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2。〔1〕第一次试飞，飞行器飞行t1=8s时到达高度H=64m。求飞行器所受阻力f的大小；〔2〕第二次试飞，飞行器飞行t2=6s时遥控器出现故障，飞行器马上失去升力。①求飞行器能达到的最大高度h。②为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3。参考答案1.D2.C3.ABC4.B5.AC6.AC7.A8.D9.BC10.C11.A12.C13.①5.010.5310～0.5320〔2〕①竖直②稳定L5mm③Lx④4.91014、答案：〔1〕①交流4-6V67〔或76〕②1.001.20③2.00偏大15.设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把、将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，按平衡条件有Fcosθ＋mg＝N①Fsinθ＝f②式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力、按摩擦定律有f＝μN③联立①②③式得sincosFmg④F=12.5N16.解析：〔l〕警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时、它们的距离最大，设警车发动后通过t1时间两车的速度相等、那么11042.5t=s=ss货=(5.5+4)×10m=95ms警221112.54m20m22=at==因此两车间的最大距离△s=s货-s警=75m〔3〕v0=90km/h=25m/s，当警车刚达到最大速度时，运动时间225s10s2.5t==s货’=(5.5+10)×10m=155ms警’=222112.510m125m22at==因为s货’＞s警’，故如今警车尚未赶上货车警车刚达到最大速度时两车距离△s’=s货’-s警’=30m，警车达到最大速度后做匀速运动，设再通过△t时间追赶上货车、那么：m2ss't==-vv因此警车发动后要通过212st=t+t=才能追上货车解析：〔1〕第一次飞行中，设加速度为1a匀加速运动21121taH由牛顿第二定律1mafmgF解得)(4Nf〔2〕第二次飞行中，设失去升力时的速度为1v，上升的高度为1s匀加速运动221121tas设失去升力后的速度为2a，上升的高度为2s由牛顿第二定律2mafmg211tav22122avs解得)(4221mssh〔3〕设失去升力下降阶段加速度为3a；恢复升力后加速度为4a，恢复升力时速度为3v由牛顿第二定律3mafmgF+f-mg=ma4且22333422vvhaaV3=a3t3解得t3=322(s)(或2.1s)