2020届高考冲刺高考仿真模拟卷(五)-数学(理)(解析版)

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-1-2020高考仿真模拟卷(五)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(2019·山东四校联考)已知集合A={x|log2x1},集合B={y|y=2-x},则A∪B=()A.(-∞,2)B.(-∞,2]C.(0,2)D.[0,+∞)答案D解析由题意得A={x|0x2},B={y|y≥0},所以A∪B=[0,+∞).故选D.2.(2019·湖南桃江一中5月模拟)复平面内表示复数z=6+2i2-i的点位于()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限答案A解析∵z=6+2i2-i=6+2i2+i2-i2+i=10+10i5=2+2i,∴z在复平面对应的点(2,2)在第一象限.故选A.3.(2019·北京师范大学附中模拟三)设D为△ABC所在平面内一点,BC→=3CD→,则()A.AD→=43AB→+13AC→B.AD→=43AB→-13AC→C.AD→=13AB→-43AC→D.AD→=-13AB→+43AC→答案D解析如图,AD→=AC→+CD→=AC→+13BC→=AC→+13(BA→+AC→)=43AC→-13AB→.故选D.4.(2019·广东梅州总复习质检)若中心在原点,焦点在y轴上的双曲线的离心率为3,则此双曲线的渐近线方程为()A.y=±xB.y=±12x-2-C.y=±2xD.y=±22x答案D解析由题意得e=1+ba2=3,得ba=2,又因为双曲线焦点在y轴上,所以渐近线方程为y=±abx=±22x.故选D.5.2013年华人数学家张益唐证明了孪生素数猜想的一个弱化形式.孪生素数猜想是希尔伯特在1900年提出的23个问题之一,可以这样描述:存在无穷多个素数p,使得p+2是素数.素数对(p,p+2)称为孪生素数.从10以内的素数中任取2个构成素数对,其中能构成孪生素数的概率为()A.13B.14C.15D.16答案D解析10以内的素数有2,3,5,7,共4个,从中任取2个构成的素数对有A24个.根据素数对(p,p+2)称为孪生素数,知10以内的素数组成的素数对(3,5),(5,7)为孪生素数,所以能构成孪生素数的概率P=2A24=16,故选D.6.若正项等比数列{an}满足anan+1=22n(n∈N*),则a6-a5的值是()A.2B.-162C.2D.162答案D解析因为anan+1=22n(n∈N*),所以an+1an+2=22n+2(n∈N*),两式作比可得an+2an=4(n∈N*),即q2=4,又an0,所以q=2,因为a1a2=22=4,所以2a21=4,所以a1=2,a2=22,所以a6-a5=(a2-a1)q4=162.7.某几何体的三视图如图所示(单位:cm),其俯视图为等边三角形,则该几何体的体积(单位:cm3)是()-3-A.43B.1033C.23D.833答案B解析由三视图还原几何体如图所示,该几何体为直三棱柱截去一个三棱锥H-EFG,三角形ABC的面积S=12×2×22-12=3.∴该几何体的体积V=3×4-13×3×2=1033.8.执行如图所示的程序框图,若输出的结果是59,则判断框中可填入的条件是()A.i10?B.i9?C.i8?D.i8?-4-答案B解析由程序框图的功能可得S=1×1-122×1-132×…×1-1i+12=1-12×1+12×1-13×1+13×…×1-1i+11+1i+1=12×32×23×43×…×ii+1×i+2i+1=i+22i+2=59,所以i=8,i+1=9,故判断框中可填入i9?.9.已知函数f(x)=-x3-7x+sinx,若f(a2)+f(a-2)0,则实数a的取值范围是()A.(-∞,1)B.(-∞,3)C.(-1,2)D.(-2,1)答案D解析因为f′(x)=-3x2-7+cosx0,所以函数f(x)在(-∞,+∞)上是减函数,又因为f(x)是奇函数,所以由f(a2)+f(a-2)0得f(a2)-f(a-2)=f(2-a),即a22-a,即a2+a-20,解得-2a1.10.如图所示,椭圆有这样的光学性质:从椭圆的一个焦点发出的光线,经椭圆反射后,反射光线经过椭圆的另一个焦点.根据椭圆的光学性质解决下题:已知曲线C的方程为x2+4y2=4,其左、右焦点分别是F1,F2,直线l与椭圆C切于点P,且|PF1|=1,过点P且与直线l垂直的直线l′与椭圆长轴交于点M,则|F1M|∶|F2M|=()A.2∶3B.1∶2C.1∶3D.1∶3答案C解析由椭圆的光学性质可知,直线l′平分∠F1PF2,因为S△PF1MS△PF2M=|F1M||F2M|,又S△PF1MS△PF2M=12|PF1||PM|sin∠F1PM12|PF2||PM|sin∠F2PM=|PF1||PF2|,故|F1M||F2M|=|PF1||PF2|.由|PF1|=1,|PF1|+|PF2|=4,得|PF2|=3,故|F1M|∶|F2M|=1∶3.11.设x1,x2分别是函数f(x)=x-a-x和g(x)=xlogax-1的零点(其中a1),则x1+4x2的取值范围是()-5-A.[4,+∞)B.(4,+∞)C.[5,+∞)D.(5,+∞)答案D解析令f(x)=x-a-x=0,则1x=ax,所以x1是指数函数y=ax(a1)的图象与y=1x的图象的交点A的横坐标,且0x11,同理可知x2是对数函数y=logax(a1)的图象与y=1x的图象的交点B的横坐标.由于y=ax与y=logax互为反函数,从而有x1=1x2,所以x1+4x2=x1+4x1.由y=x+4x在(0,1)上单调递减,可知x1+4x21+41=5.故选D.12.在△ABC中,已知角A,B,C的对边分别为a,b,c,且(a+b)∶(c+a)∶(b+c)=6∶5∶4,给出下列结论:①△ABC被唯一确定;②△ABC一定是钝角三角形;③sinA∶sinB∶sinC=7∶5∶3;④若b+c=8,则△ABC的面积是1532.其中正确结论的序号是()A.①②B.②③C.①②③D.②③④答案B解析由已知可设a+b=6k,c+a=5k,b+c=4k(k0),则a=72k,b=52k,c=32k,所以a∶b∶c=7∶5∶3,所以sinA∶sinB∶sinC=7∶5∶3,所以③正确.又a,b,c的值不确定,所以①错误.在△ABC中,cosA=b2+c2-a22bc=-12,A=2π3,所以②正确.因为b+c=8,所以b=5,c=3,所以S△ABC=12bcsinA=1534,所以④错误.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.设某总体是由编号为01,02,…,19,20的20个个体组成,利用下面的随机数表选取6个个体,选取方法是从随机数表第1行的第3列数字开始从左到右依次选取两个数字,则选出来的第6个个体编号为________.1818079245441716580979838619…第1行6206765003105523640505266238…第2行答案19-6-解析由题意,从随机数表第1行的第3列数字1开始,从左到右依次选取两个数字的结果为:18,07,17,16,09,19,…,故选出来的第6个个体编号为19.14.在(x2+2x+y)6的展开式中,x3y2的系数为________(用数字作答).答案60解析(x2+2x+y)6=[(x2+2x)+y12]6,它展开式中的第r+1项为Tr+1=Cr6(x2+2x)6-ryr2,令r2=2,则r=4,T5=C46(x2+2x)2y2=C46(x4+4x3+4x2)y2,∴x3y2的系数为C46×4=60.15.已知抛物线y2=2px(p0)的准线方程为x=-2,点P为抛物线上的一点,则点P到直线y=x+3的距离的最小值为________.答案22解析由题设得抛物线方程为y2=8x,设P点坐标为P(x,y),则点P到直线y=x+3的距离为d=|x-y+3|2=|8x-8y+24|82=|y2-8y+24|82=|y-42+8|82≥22,当且仅当y=4时取最小值22.16.(2019·广东深圳外国语学校第一次热身)已知函数f(x)=x2cosπx2,数列{an}中,an=f(n)+f(n+1)(n∈N*),则数列{an}的前40项和S40=________.答案1680解析由题意得a1=f(1)+f(2)=0-4=-4,a2=f(2)+f(3)=-4+0=-4,a3=f(3)+f(4)=0+16=16,a4=f(4)+f(5)=16,a5=f(5)+f(6)=0-36=-36,a6=f(6)+f(7)=-36,…可得数列{an}为-4,-4,16,16,-36,-36,64,64,-100,-100,…即有数列{an}的前40项和S40=(-4-4+16+16)+(-36-36+64+64)+(-100-100+144+144)+…+(-1444-7--1444+1600+1600)=24+56+88+…+312=12×10×(24+312)=1680.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.(本小题满分12分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知A≠π2,且3sinAcosB+12bsin2A=3sinC.(1)求a的值;(2)若A=2π3,求△ABC周长的最大值.解(1)由3sinAcosB+12bsin2A=3sinC,得3sinAcosB+bsinAcosA=3sinC,由正弦定理,得3acosB+abcosA=3c,由余弦定理,得3a·a2+c2-b22ac+ab·b2+c2-a22bc=3c,整理得(b2+c2-a2)(a-3)=0,因为A≠π2,所以b2+c2-a2≠0,所以a=3.(另解:由sinC=sin(A+B)=sinAcosB+cosAsinB代入条件变形即可)6分(2)在△ABC中,A=2π3,a=3,由余弦定理得,9=b2+c2+bc,因为b2+c2+bc=(b+c)2-bc≥(b+c)2-b+c22=34(b+c)2,所以34(b+c)2≤9,即(b+c)2≤12,所以b+c≤23,当且仅当b=c=3时,等号成立.故当b=c=3时,△ABC周长的最大值为3+23.12分18.(2019·广东潮州二模)(本小题满分12分)一批产品需要进行质量检验,检验方案是:先从这批产品中任取4件作检验,这4件产品中优质品的件数记为n.如果n=3,再从这批产品中任取4件作检验,若都为优质品,则这批产品通过检验;如果n=4,再从这批产品中任取1件作检验,若为优质品,则这批产品通过检验;其他情况下,这批产品都不能通过检验.假设这批产品的优质品率为50%,即取出的产品是优质品的概率都为12,且各件产品是否为优质品相互独立.(1)求这批产品通过检验的概率;(2)已知每件产品检验费用为100元,凡抽取的每件产品都需要检验,对这批产品作质量检验所需的费用记为X(单位:元),求X的分布列及数学期望.-8-解(1)设第一次取出的4件产品中恰有3件优质品为事件A1,第一次取出的4件产品全是优质品为事件A2,第二次取出的4件产品全是优质品为事件B1,第二次取出的1件产品是优质品为事件B2,这批产品通过检验为事件A,依题意有A=(A1B1)∪(A2B2),且A1B1与A2B2互斥,所以P(A)=P(A1B1)+P(A2B2)=P(A1)P(B1|A1)+P(A2)P(B2|A2)=416×116+116×12=364.5分(2)X可能的取值为400,500,800,6分并且P(X=800)=14,P(X=500)=116,P

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