2019年广东省高考物理试题解析

2019年广东省高考物理试题解析一、单项选择题（共40分，每小题4分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上。）1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（）（A）物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性（B）自由落体运动是一种匀变速直线运动（C）力是使物体产生加速度的原因（D）力不是维持物体运动的原因【答案】B【分值】4分【考查方向】物理学史【易错点】1、正确的结论不一定是斜面实验的结论2、合理的外推需要正确理解【解题思路】1、从斜面实验的历史背景出发。2、结合斜面上匀变速直线运动并合理外推。【解析】伽利略为了验证自由落体运动是否为匀变速，面临自由落体时间过短，当时的计时工具无法测量的问题，于是从斜面出发，根据沿斜面匀加速下滑进而把倾角进一步增大，最后外推的倾角90度，即自由落体运动也是匀变速直线运动，其他三项都对，但不是斜面实验合理外推的结论，也不符合斜面实验结果。选项B对。2．如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间。假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他（）（A）所受的合力变化，做变加速运动（B）所受的合力恒定，做变加速运动（C）所受的合力恒定，做匀加速运动（D）所受的合力为零，做匀速运动【答案】A【分值】4分【考查方向】匀速圆周运动【易错点】1、力是矢量2、加速度是矢量【解题思路】1、匀速圆周运动的向心力和加速度方向。2、注意矢量性。【解析】匀速圆周运动，合外力是向心力，方向始终指向圆心，但是力是矢量，大小不变，但是方向在变化，所以合力不是恒力，选项BC错。根据牛顿第二定律，加速度方向与合外力方向相同，所以加速度方向也在变化，不是匀变速，而是变加速度，选项A对。3．如图，在斜面上木块A与B的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止。则关于木块A和木块B受力个数不可能的是（）（A）2个和4个（B）3个和4个（C）4个和4个（D）4个和5个【答案】B【分值】4分【考查方向】共点力的平衡【易错点】1、对绳子是否有拉力分析不到位2、对B和斜面之间有无摩擦认识不清【解题思路】1、对A隔离分析。2、对AB整体受力分析。【解析】单独分析A，自身重力，B对A的支持力，由于拉力和B对A的摩擦力不确定，而且即使有也是水平方向，所以竖直方向一定受到两个力，而A静止，所以水平方向细绳拉力和B对A的摩擦力必定同时出现，所以A受力个数只可能是2个或者4个。选项B错。而整体分析，若A受力个数为2个，则整体受重力，斜面支持力，斜面摩擦力，即B受自身重力，斜面支持力，斜面摩擦力，A对B的压力四个力。若A受力为4个，则B除去刚才的4个力之外还有A对B的摩擦力。共计5个。4．浙江百丈漈瀑布是全国单体落差最高的瀑布。第一漈207米，第二漈68米，第三漈12米，三漈相加是287米，折合古时鲁班尺是一百丈多17米，故名百丈漈。假设忽略上游水的初速度和空气的阻力，那么水仅仅下落第一漈后的速度大约是（）（A）6.3m/s（B）44m/s（C）63m/s（D）76m/s【答案】C【分值】4分【考查方向】功能关系【易错点】1、在功能关系的应用上因为无法确定重力而中断思路2、不能正确认识忽略阻力的意义【解题思路】1、从动能定理出发，找出重力做功和动能变化的关系。2、忽略阻力做功情况。【解析】水仅仅下落第一漈只有重力做功，没有阻力即212mghmv，可得263/vghms。5．我国在近期发射的“神州十一号”和“天宫二号”在对接前，“天宫二号”的运行轨道高度为393km，“神州十一号”的运行轨道高度约为343km。它们的运行轨道均视为圆周，则（）（A）“天宫二号”比“神州十一号”速度大（B）“天宫二号”比“神州十一号”角速度大（C）“天宫二号”比“神州十一号”加速度大（D）“天宫二号”比“神州十一号”周期长【答案】D【分值】4分【考查方向】万有引力与航天【易错点】1、不能正确的认识万有引力提供向心力。2、从圆周运动出发，忽略圆周运动的不同，片面判断一个物理量。【解题思路】1、从万有引力提供向力力出发找到描述圆周运动的物理量表达式。2、根据轨道半径大小判断各个物理量的变化。【解析】天宫二号，神舟十一号，都属于绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即222224GMmvmammRmRRRT，。可得向心加速度2GMaR，轨道半径越大，向心加速度越小，选项C错。线速度GMvR，轨道半径越小，线速度越大，选项A错。角速度3GMvR，轨道半径越大，角速度越小，选项B错。周期234RTGM，轨道半径越大，周期越大，选项D对。6．下列选项中的各14圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝缘。坐标原点O处电场强度最大的是（）【答案】B【分值】4分【考查方向】电场的叠加【易错点】1、对电场的叠加理解不透彻2、对四分之一圆环的电场认识不清【解题思路】1、根据对称性分析四分之一圆环产生的电场叠加效果。2、等量同种和等量异种电荷在连线中点的电场情况。。【解析】对于D图，两个正电荷的四分之一圆环对称，在连线中点即圆心处合场强等于0，两个负电荷的四分之一圆环对称，在连线中点场强矢量和也等于0，所以坐标原点O处电场强度等于0.同理C选项中合成后在原点O处场强等于一个四分之一圆环的电荷产生的电场，与A选项中的电场大小相等，而B中是两个电场叠加，夹角为90度，合场强等于单个电场的2倍，选项B对。7．如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑片向左移动，下列关于各电表数值变化的说法正确的是（）（A）AR表示数减小（B）A1表示数减小（C）V1表示数减小（D）V2表示数增大【答案】A【分值】4分【考查方向】动态电路【易错点】1、各个电表所测量的物理量认识不清2、对闭合回路欧姆定律认识不到位【解题思路】1、从滑动变阻器的阻值找到并联电阻进而总电阻。2、不变量是电源电动势，找到变量的变化趋势。【解析】R的滑片向左移动，电阻变大，并联电阻阻值增大，总电阻增大，电动势不变，总电流减小，内电压减小，2R电压减小，即V2表示数减小，选项D错。并联电压增大即V1表示数增大，选C错。对并联支路1R，电压增大，电阻不变，电流变大，即A1表示数变大，选项B错。干路电流减小，支路1R电流增大，所以支路AR表示数减小，选项A对。8．一列简谐横波沿x轴传播，周期为T，t＝0时刻的波形如图所示。此时平衡位置位于x＝3m处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa＝2.5m，xb＝5.5m，则（）（A）当a质点处在波峰时，b质点恰在波谷（B）t＝14T时，a质点正在向y轴负方向运动（C）t＝34T时，b质点正在向y轴负方向运动（D）在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同【答案】C【分值】4分【考查方向】机械振动机械波【易错点】1、波的传播方向和质点的振动方向关系不清2、机械振动和机械波的图像不清【解题思路】1、根据平衡位置位于x＝3m处的质点的振动方向判断波的传播方向。2、判断质点a、b的振动情况。【解析】平衡位置位于x＝3m处的质点向上振动，根据振动方向和波的传播方向在波形图同一侧，判断机械波传播方向沿X轴负方向。此时质点a沿Y轴正方向，质点b沿Y轴负方向。在经过4T,质点a正经过Y轴正半轴向正方向运动，再经过34T质点b正经过Y轴正半轴向负方向运动，选项C对。根据波形图判断波长4m，a、b两质点的距离为34，振动步调相差34T，选项AD错。9．如图甲所示，A、B两物块在如图乙所示的随时间按正弦规律变化的外力作用下，由静止开始一起沿光滑水平面运动，A、B两物块始终保持相对静止，则以下说法中正确的是（）（A）t1时刻物块的速度最大（B）t2时刻物块运动的位移最大（C）t3时刻物块A受到的摩擦力最大（D）A、B两物块一起做往复运动【答案】C【分值】4分【考查方向】牛顿运动定律【易错点】1、整体受力分析不到位2、对速度方向辨别不清【解题思路】1、有力的变化找到加速度变化进而推导出速度变化。2、速度变化到位移。【解析】根据力随时间变化图像可判断加速度随时间变化也是如此，10t，合外力逐渐增大，加速度逐渐增大，而力的方向没有变化，1t时刻合力最大，加速度最大，20t合力方向不变，加速度方向不变，一直加速，2t时刻速度最大，24tt合外力反向，物体减速，根据对称性，4t时刻速度减小到0，此后重复之前的运动，继续向前。13tt加速度最大，对A分析，摩擦力提供加速度，即13tt时刻摩擦力最大，选项C对。2t时刻速度最大，由于运动方向没有变化，一直向前运动，所以AB错。一直向前运动，没有往复运动，选项D错。10．如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为34g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）（A）动能损失了mgh（B）重力做功mgh（C）克服摩擦力做功14mgh（D）机械能损失了12mgh【答案】D【分值】4分【考查方向】功能关系【易错点】1、受力分析2、牛顿运动定律【解题思路】1、根据加速度计算摩擦力。2、根据做功情况判断能量变化。【解析】沿斜面向上滑动，根据受力分析可得3sin304fmgmamg，可得摩擦力14fmg，上升的最大高度为h则位移为2h，此过程合外力做功即动能变化量(sin30)21.5kEfmghmgh，选项A错，重力做功sin302mghmgh，选项B错。克服摩擦力做功20.5fhmgh，选项C错。除重力外其他力做功等于机械能的变化量即20.5fhmgh，选项D错。二、填空题（共24分，每小题6分，答案写在答题纸中指定位置，不要求写出演算过程。）11．将一电荷量为＋Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点，a点的场强大小________b点的场强大小，a点的电势________b点的电势。（填“大于”、“小于”、“等于”）【答案】大于、大于【分值】6分【考查方向】静电场的电场线【易错点】1、电场线的疏密2、静电平衡【解题思路】1、从电场线的疏密程度出发判断场强大小。2、处于静电平衡的导体为等势体。【解析】电场线的疏密程度表示电场强度的大小，a点电场线密集，电场强度大，沿电场线方向电势逐渐降低，而静电平衡的导体为等势体，a点电势高于等势体，b点电势低于等势体，所以a点电势高于b点电势。12．如图所示是两个相干波源发出的水波，实线表示波峰，虚线表示波谷。已知两列波的振幅都为10cm，C点为AB连线的中点。图中A、B、C、D、E五个点中，振动减弱的点是________，从图示时刻起经过半个周期后，A点的位移为________cm。（规定竖直向上为位移的正方向）【答案】DE、－20【分值】6分【考查方向】波的叠加【易错点】1、加强点和减弱点2、加强点和减弱点的振幅【解题思路】根据波峰波谷的叠加判断加强减弱。【解析】波峰和波谷的叠加为振动减弱点，波峰和波峰，波谷和波谷的叠加为振动加强点，C点对与两列波都处在平衡位置且振动方向相同，所以C点也是加强点，只有DE为波峰波谷的叠加，为减弱点。此时A点在波峰，经过半个周期A点到达波谷，而加强点的振幅等于两个振幅之和即20cm。13．客运电梯简化模型如图（a）所示，在t＝0时电梯由静止开始上升，最初一段时间内电梯的加速度a随时间t变化的关系如图（b）所示。已知电梯总质量为2.0×103kg，忽略空气阻力，则电梯在上升过程中受到的最大拉力为_______N，电梯在前11s内的速度改变量Δv为________m/s。（重力加速度g取10m/s2）【答案】2.2×104、10【分值】6分【考查方向】牛顿运动定律【易错点】1、对at图像认识不清2、对加速度方向的判断【解题思路】1、根