XXXX吉林省质量检测理综物理答案

吉林省2012年高考复习质量监测物理参考答案Ⅰ卷二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14．BC。[提示]：考虑有无摩擦力。15．BCD。[提示]：产生的热量只与相对位移有关。16．A。[提示]：万有引力提供向心力，向心力用周期表示。17．BD。[分析]：正弦交流电有效值为最大值的21，可知原线圈上电压的有效值约为220V，选项B正确。由变压比与线圈匝数成正比，可知副线圈电压为22V，再根据串联电路分压特点及电表测量值为有效值，可知电压表读数为11V。根据RUP2可知选项D正确。18．BD。[分析]：分析可知水平方向小球受绳拉力、电场力和圆环的弹力。由于是缓慢移动，所以时刻处于平衡状态，所受合力为零。这三个力构成首尾连接的闭合矢量三角形ΔCMN（如图所示），且和三角形ΔAOC相似，根据对应边成比例可知NCMNCMACAOCOFFF。三个力中NCF等于绳中拉力F的大小；MNF等效于电场力CDF，由于是在匀强电场中，MNF大小不变；CMF为弹力N。当小球由B向A移动过程中，AO与CO长度不变，始终等于圆环半径，AC长度不断减小，由比例关系可知N大小不变，力F减小，B选项正确。沿电场线方向电势降低，正电荷从电势低处到电势高处，克服电场力做功，由能量守恒定律可知选项D正确。19．C。[分析]：开始时刻a=0，T=f（T为正，f为负）；随着a增大，由牛顿第二定律可知木块所受向左合力增大，物块与车之间的静摩擦力减小，而弹簧弹力不变，直到f=0；随着a继续增大，物块相对车有向右滑的趋势，摩擦力方向向左，弹力不变合力增大，直到最大静摩擦力；若a再增大，开始相对滑动，弹力增大，滑动摩擦力不变。由于maF，所以两条倾斜直线平行。MNDCBOA20．D。[分析]：若入射时满足电场力与洛仑兹力的合力刚好提供向心力，则A正确；若合力指向+Q，且大于所需要的向心力，则B正确；若合力背离+Q，则C正确；电场力和洛仑兹力的合力不可能时刻为零，所以D不正确。21．BCD。[分析]：由右手定则可知电流方向向左，A选项错误；显然，整个运动过程始终克服安培力做功，机械能转化为电能，B选项正确；金属棒做速度越来越小的振动，最后停在重力等于弹力的位置，所以最大速度一定出现在第一次向上运动时弹力等于重力加安培力的时候，C选项正确；显然D选项也正确。Ⅱ卷22．（5分）（1）AB（2分）[分析]：对于本实验，若要求阻力，物体质量一定要知道，选A。物块经过光电门所用的时间可以测量，物块的宽度已知，经过光电门的速度可求，再结合匀变速直线运动的规律可知要求加速度，下落高度一定要知道，选B。根据牛顿第二定律可求阻力。（2）2221()()2ddahtt（2分）牛顿第二定律（或mg－f=ma）（1分）23．（10分）（1）AB（2分）[分析]：选择此电路，误差来源是电压表的分流，所以电压表的内阻越大越好，选择电压表V1。这样选择，通过电源的电流越接近电流表的示数，误差越小。所以选A、B两个选项。（2）ABD（2分）（3）①如图所示、3（图2分，空1分）②1.48～1.52、1.73～1.85（1分、2分）（注：答数在上述区间内均给分）U/V1.00I/A1.5000.100.200.301.2524．（15分）（1）根据平抛运动规律有：速度的偏向角正切值是位移偏向角正切值的2倍的关系可得0tan302xy，可得：233xy（5分）（另解：因从切线飞入，由几何知识可知小物块在B点速度方向与水平成θ角，所以有tanyxvv，由平抛运动规律有：xxvt，yv=gt，221gty解得：23x=y3）（2）小物块刚好不离开轨道，说明第二次到B点时速度为零。假设第一次滑上斜面的最大高度为h，有：sincos)cos1(hmgmgRmgh（3分）分析小物块第一次从斜面返回到停下的过程，应用动能定理有：0cossmgmgh（3分）在斜面上总路程为：sin0hss（2分）由以上可求：438435432543815RRRs（2分）25．（17分）（1）根据图乙所示可知，在第一个有匀强磁场而没有匀强电场的时间内，粒子做匀速圆周运动，有：200vqvBmR，可得00mvRqB（4分）（2）首先要判断出粒子的运动周期，由题意粒子做圆周运动的周期002qBmT恰好是题中一个标度时间，所以0-1段时间粒子在x轴下方做顺时针匀速圆周运动，1时恰好回到O点；1-2时间段粒子在x轴正方向先做匀减速直线运动再反方向做匀加速运动，由往返时间012vta和mqEa，计算可知当时刻2时粒子恰好以原速度反向回到O点；同理可判定在2-3时间段内粒子在x轴上方做顺时针匀速圆周运动，3时刻恰好沿-x方向回到O点；3-4时间段内粒子沿-x方向先做匀减速后反向匀加速运动，4时刻回到O点，所以周期为：08qBmT（4分）一个周期内运动轨迹长度4321sssss（1分）圆周运动轨迹长度为：013022mvssRqB（2分）匀减速运动轨迹长度为：0242vsst（2分）其中0vta，mqEa，00vBE（3分）由此可得006mvsqB（1分）注：以下33、34、35题的（1）小题为多选题，选对一个给2分，选对两个给4分，选对3个给6分；每选错一个扣3分，最低得分为0分。33．（15分）（1）（6分）BCE。[分析]：第一类永动机违反能量守恒定律，第二类永动机并不违反能量守恒定律，是违反热力学第一定律，A错。由压强的微观解释可知B选项正确。由分子动理论可知C选项正确。在D选xyO项的叙述中，只能求出分子的平均占有体积，并不能求出分子体积，D错。由液晶性质可知选项E正确。（2）（9分）①集热箱内气体的压强为：P=P0+Smg（3分）可认为气体等压膨胀，所以气体对外做功为：LmgSPSLSmgPW)()(00（3分）②气体等压膨胀，由盖吕萨克定律有：TSLVTV000（2分）解得：000TVSLVT（1分）34．（15分）（1）（6分）BCE。[分析]：由题可知P、Q间距离为一个波长，经过0.4s两点从波谷第一次振动到平衡位置，即0.4s为四分之一周期，结合波速计算公式知A错，B、C正确。质点P的振动形式传到Q所需时间为一个周期，所以这段时间内质点P完成一次全振动，位移为零，D错。质点Q的振动形式传到P所需时间也是一个周期，所以质点Q完成一次全振动的路程为4倍振幅，即0.8cm，选项E正确。（2）（6分）①设光在液面发生全反射的临界角为C，透光面的半径为r，如图所示。由于sinC＝22Hrr（3分）由折射定律sinC=n1（2分）解得：r＝12nH（1分）②如图，潜水员在液面下看到整个液面上景物范围的示意图，角度范围α=2C=900（2分）所以C=450，由sinC=n1，n=2（1分）35．（15分）（1）（6分）ABE。[分析]：发生光电效应，一定要满足入射光的频率大于极限频率，所以C选项错误。三种射线电离能力由强到弱的排列顺序是α射线、β射线、γ射线，选项D错误。半衰期是大量元素原子SHCSH核有半数衰变所需时间，遵从统计规律，E正确。（2）（9分）以橡皮泥和物块为研究对象，由动量守恒定律有：0001()mvmmv（2分）以三个物体为研究对象，由动量守恒定律有：000()mvmmMv（2分）对粘在一起之后到停止相对运动的过程，应用能量守恒定律有：22010011()()()22QmmvmmMvmmgs（3分）由物块和木板运动情况可知：slL（1分）解以上方程得：010vm/s（1分）