等比数列典型例题及详细解答

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1.等比数列的定义一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比等于同一常数,那么这个数列叫做等比数列,这个常数叫做等比数列的公比,通常用字母__q__表示(q≠0).2.等比数列的通项公式设等比数列{an}的首项为a1,公比为q,则它的通项an=a1·qn-1.3.等比中项若G2=a·b_(ab≠0),那么G叫做a与b的等比中项.4.等比数列的常用性质(1)通项公式的推广:an=am·qn-m(n,m∈N*).(2)若{an}为等比数列,且k+l=m+n(k,l,m,n∈N*),则ak·al=am·an.(3)若{an},{bn}(项数相同)是等比数列,则{λan}(λ≠0),1an,{a2n},{an·bn},anbn仍是等比数列.5.等比数列的前n项和公式等比数列{an}的公比为q(q≠0),其前n项和为Sn,当q=1时,Sn=na1;当q≠1时,Sn=a11-qn1-q=a1-anq1-q.6.等比数列前n项和的性质公比不为-1的等比数列{an}的前n项和为Sn,则Sn,S2n-Sn,S3n-S2n仍成等比数列,其公比为__qn__.【思考辨析】判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)满足an+1=qan(n∈N*,q为常数)的数列{an}为等比数列.(×)(2)G为a,b的等比中项⇔G2=ab.(×)(3)如果数列{an}为等比数列,bn=a2n-1+a2n,则数列{bn}也是等比数列.(×)(4)如果数列{an}为等比数列,则数列{lnan}是等差数列.(×)(5)数列{an}的通项公式是an=an,则其前n项和为Sn=a1-an1-a.(×)(6)数列{an}为等比数列,则S4,S8-S4,S12-S8成等比数列.(×)1.(2015·课标全国Ⅱ)已知等比数列{an}满足a1=3,a1+a3+a5=21,则a3+a5+a7等于()A.21B.42C.63D.84答案B解析设等比数列{an}的公比为q,则由a1=3,a1+a3+a5=21得3(1+q2+q4)=21,解得q2=-3(舍去)或q2=2,于是a3+a5+a7=q2(a1+a3+a5)=2×21=42,故选B.2.设等比数列{an}的前n项和为Sn.若S2=3,S4=15,则S6等于()A.31B.32C.63D.64答案C解析根据题意知,等比数列{an}的公比不是-1.由等比数列的性质,得(S4-S2)2=S2·(S6-S4),即122=3×(S6-15),解得S6=63.故选C.3.等比数列{an}中,a4=2,a5=5,则数列{lgan}的前8项和等于()A.6B.5C.4D.3答案C解析数列{lgan}的前8项和S8=lga1+lga2+…+lga8=lg(a1·a2·…·a8)=lg(a1·a8)4=lg(a4·a5)4=lg(2×5)4=4.4.(2015·安徽)已知数列{an}是递增的等比数列,a1+a4=9,a2a3=8,则数列{an}的前n项和等于________.答案2n-1解析由等比数列性质知a2a3=a1a4,又a2a3=8,a1+a4=9,所以联立方程a1a4=8,a1+a4=9,解得a1=1,a4=8或a1=8,a4=1,又∵数列{an}为递增数列,∴a1=1,a4=8,从而a1q3=8,∴q=2.∴数列{an}的前n项和为Sn=1-2n1-2=2n-1.5.(教材改编)在9与243中间插入两个数,使它们同这两个数成等比数列,则这两个数为________.答案27,81解析设该数列的公比为q,由题意知,243=9×q3,q3=27,∴q=3.∴插入的两个数分别为9×3=27,27×3=81.题型一等比数列基本量的运算例1(1)设{an}是由正数组成的等比数列,Sn为其前n项和.已知a2a4=1,S3=7,则S5等于()A.152B.314C.334D.172(2)在等比数列{an}中,若a4-a2=6,a5-a1=15,则a3=________.答案(1)B(2)4或-4解析(1)显然公比q≠1,由题意得a1q·a1q3=1,a11-q31-q=7,解得a1=4,q=12,或a1=9q=-13(舍去),∴S5=a11-q51-q=41-1251-12=314.(2)设等比数列{an}的公比为q(q≠0),则a1q3-a1q=6,a1q4-a1=15,两式相除,得q1+q2=25,即2q2-5q+2=0,解得q=2或q=12.所以a1=1,q=2,或a1=-16,q=12.故a3=4或a3=-4.思维升华等比数列基本量的运算是等比数列中的一类基本问题,数列中有五个量a1,n,q,an,Sn,一般可以“知三求二”,通过列方程(组)可迎刃而解.(1)在正项等比数列{an}中,an+1<an,a2·a8=6,a4+a6=5,则a5a7等于()A.56B.65C.23D.32(2)(2015·湖南)设Sn为等比数列{an}的前n项和,若a1=1,且3S1,2S2,S3成等差数列,则an=________.答案(1)D(2)3n-1解析(1)设公比为q,则由题意知0<q<1,由a2·a8=a4·a6=6,a4+a6=5,得a4=3,a6=2,所以a5a7=a4a6=32.(2)由3S1,2S2,S3成等差数列知,4S2=3S1+S3,可得a3=3a2,所以公比q=3,故等比数列通项an=a1qn-1=3n-1.题型二等比数列的判定与证明例2设数列{an}的前n项和为Sn,已知a1=1,Sn+1=4an+2.(1)设bn=an+1-2an,证明:数列{bn}是等比数列;(2)求数列{an}的通项公式.(1)证明由a1=1及Sn+1=4an+2,有a1+a2=S2=4a1+2.∴a2=5,∴b1=a2-2a1=3.又Sn+1=4an+2,①Sn=4an-1+2n≥2,②①-②,得an+1=4an-4an-1(n≥2),∴an+1-2an=2(an-2an-1)(n≥2).∵bn=an+1-2an,∴bn=2bn-1(n≥2),故{bn}是首项b1=3,公比为2的等比数列.(2)解由(1)知bn=an+1-2an=3·2n-1,∴an+12n+1-an2n=34,故{an2n}是首项为12,公差为34的等差数列.∴an2n=12+(n-1)·34=3n-14,故an=(3n-1)·2n-2.引申探究例2中“Sn+1=4an+2”改为“Sn+1=2Sn+(n+1)”,其他不变探求数列{an}的通项公式.解由已知得n≥2时,Sn=2Sn-1+n.∴Sn+1-Sn=2Sn-2Sn-1+1,∴an+1=2an+1,∴an+1+1=2(an+1),又a1=1,当n=1时上式也成立,故{an+1}是以2为首项,以2为公比的等比数列,∴an+1=2·2n-1=2n,∴an=2n-1.思维升华(1)证明一个数列为等比数列常用定义法与等比中项法,其他方法只用于选择题、填空题中的判定;若证明某数列不是等比数列,则只要证明存在连续三项不成等比数列即可.(2)利用递推关系时要注意对n=1时的情况进行验证.设数列{an}的前n项和为Sn,已知a1+2a2+3a3+…+nan=(n-1)Sn+2n(n∈N*).(1)求a2,a3的值;(2)求证:数列{Sn+2}是等比数列.(1)解∵a1+2a2+3a3+…+nan=(n-1)Sn+2n(n∈N*),∴当n=1时,a1=2×1=2;当n=2时,a1+2a2=(a1+a2)+4,∴a2=4;当n=3时,a1+2a2+3a3=2(a1+a2+a3)+6,∴a3=8.综上,a2=4,a3=8.(2)证明a1+2a2+3a3+…+nan=(n-1)Sn+2n(n∈N*),①∴当n≥2时,a1+2a2+3a3+…+(n-1)an-1=(n-2)Sn-1+2(n-1).②①-②得nan=(n-1)Sn-(n-2)Sn-1+2=n(Sn-Sn-1)-Sn+2Sn-1+2=nan-Sn+2Sn-1+2.∴-Sn+2Sn-1+2=0,即Sn=2Sn-1+2,∴Sn+2=2(Sn-1+2).∵S1+2=4≠0,∴Sn-1+2≠0,∴Sn+2Sn-1+2=2,故{Sn+2}是以4为首项,2为公比的等比数列.题型三等比数列的性质及应用例3(1)在等比数列{an}中,各项均为正值,且a6a10+a3a5=41,a4a8=5,则a4+a8=________.(2)等比数列{an}的首项a1=-1,前n项和为Sn,若S10S5=3132,则公比q=________.答案(1)51(2)-12解析(1)由a6a10+a3a5=41及a6a10=a28,a3a5=a24,得a24+a28=41.因为a4a8=5,所以(a4+a8)2=a24+2a4a8+a28=41+2×5=51.又an0,所以a4+a8=51.(2)由S10S5=3132,a1=-1知公比q≠±1,则可得S10-S5S5=-132.由等比数列前n项和的性质知S5,S10-S5,S15-S10成等比数列,且公比为q5,故q5=-132,q=-12.思维升华(1)在等比数列的基本运算问题中,一般利用通项公式与前n项和公式,建立方程组求解,但如果能灵活运用等比数列的性质“若m+n=p+q,则有aman=apaq”,可以减少运算量.(2)等比数列的项经过适当的组合后构成的新数列也具有某种性质,例如等比数列Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…成等比数列,公比为qk(q≠-1).已知等比数列{an}的公比为正数,且a3a9=2a25,a2=2,则a1等于()A.12B.22C.2D.2(2)等比数列{an}共有奇数项,所有奇数项和S奇=255,所有偶数项和S偶=-126,末项是192,则首项a1等于()A.1B.2C.3D.4答案(1)C(2)C解析(1)由等比数列的性质得a3a9=a26=2a25,∵q>0,∴a6=2a5,q=a6a5=2,a1=a2q=2,故选C.(2)设等比数列{an}共有2k+1(k∈N*)项,则a2k+1=192,则S奇=a1+a3+…+a2k-1+a2k+1=1q(a2+a4+…+a2k)+a2k+1=1qS偶+a2k+1=-126q+192=255,解得q=-2,而S奇=a1-a2k+1q21-q2=a1-192×-221--22=255,解得a1=3,故选C.12.分类讨论思想在等比数列中的应用典例(12分)已知首项为32的等比数列{an}的前n项和为Sn(n∈N*),且-2S2,S3,4S4成等差数列.(1)求数列{an}的通项公式;(2)证明:Sn+1Sn≤136(n∈N*).思维点拨(1)利用等差数列的性质求出等比数列的公比,写出通项公式;(2)求出前n项和,根据函数的单调性证明.规范解答(1)解设等比数列{an}的公比为q,因为-2S2,S3,4S4成等差数列,所以S3+2S2=4S4-S3,即S4-S3=S2-S4,可得2a4=-a3,于是q=a4a3=-12.[2分]又a1=32,所以等比数列{an}的通项公式为an=32×-12n-1=(-1)n-1·32n.[3分](2)证明由(1)知,Sn=1--12n,Sn+1Sn=1--12n+11--12n=2+12n2n+1,n为奇数,2+12n2n-1,n为偶数.[6分]当n为奇数时,Sn+1Sn随n的增大而减小,所以Sn+1Sn≤S1+1S1=136.[8分]当n为偶数时,Sn+1Sn随n的增大而减小,所以Sn+1Sn≤S2+1S2=2512.[10分]故对于n∈N*,有Sn+1Sn≤136.[12分]温馨提醒(1)分类讨论思想在等比数列中应用较多,常见的分类讨论有①已知Sn与an的关系,要分n=1,n≥2两种情况.②等比数列中遇到求和问题要分公比q
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