初中数学竞赛辅导资料(45)

159初中数学竞赛辅导资料（45）一元二次方程的根甲内容提要1.一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的实数根，是由它的系数a,b,c的值确定的.根公式是：x=aacbb242－.(b2－4ac≥0)2.根的判别式①实系数方程ax2+bx+c=0(a≠0)有实数根的充分必要条件是：b2－4ac≥0.②有理系数方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理数根的判定是：b2－4ac是完全平方式方程有有理数根.③整系数方程x2+px+q=0有两个整数根p2－4q是整数的平方数.3.设x1,x2是ax2+bx+c=0的两个实数根，那么①ax12+bx1+c=0(a≠0，b2－4ac≥0)，ax22+bx2+c=0(a≠0，b2－4ac≥0)；②x1=aacbb242＋－，x2=aacbb242－－(a≠0,b2－4ac≥0)；③韦达定理：x1+x2=ab－,x1x2=ac(a≠0,b2－4ac≥0).4.方程整数根的其他条件整系数方程ax2+bx+c=0(a≠0)有一个整数根x1的必要条件是：x1是c的因数.特殊的例子有：C=0x1=0，a+b+c=0x1=1，a－b+c=0x1=－1.乙例题例1.已知：a,b,c是实数，且a=b+c+1.求证：两个方程x2+x+b=0与x2+ax+c=0中，至少有一个方程有两个不相等的实数根.（1990年泉州市初二数学双基赛题）证明（用反证法）设两个方程都没有两个不相等的实数根，那么△1≤0和△2≤0.即　　③　　②　　　①－1040412cbacab由①得b≥41，b+1≥45代入③，得a－c=b+1≥45，4c≤4a－5④②＋④：a2－4a+5≤0，即（a－2）2+1≤0，这是不能成立的.既然△1≤0和△2≤0不能成立的，那么必有一个是大于0.160∴方程x2+x+b=0与x2+ax+c=0中，至少有一个方程有两个不相等的实数根.本题也可用直接证法：当△1＋△2＞0时，则△1和△2中至少有一个是正数.例2.已知首项系数不相等的两个方程：（a－1）x2－(a2+2)x+(a2+2a)=0和(b－1)x2－(b2+2)x+(b2+2b)=0(其中a,b为正整数)有一个公共根.求a,b的值.（1989年全国初中数学联赛题）解：用因式分解法求得：方程①的两个根是a和12aa；方程②两根是b和12bb.由已知a1,b1且a≠b.∴公共根是a=12bb或b=12aa.两个等式去分母后的结果是一样的.即ab－a=b+2,ab－a－b+1=3,(a－1)(b－1)=3.∵a,b都是正整数，∴3111ba＝－；或1131ba＝－.解得42ba＝；或24ba.又解：设公共根为x0那么　②（　①0)2()2()10)2()2()1(22202220bbxbxbaaxaxa先消去二次项：①×（b－1）－②×（a－1）得［－（a2+2）(b－1)+(b2+2)(a－1)］x0+(a2+2a)(b－1)－(b2+2b)(a－1)=0.整理得（a－b）(ab－a－b－2)(x0－1)=0.∵a≠b∴x0＝1；或(ab－a－b－2)＝0.当x0＝1时，由方程①得a=1,∴a－1=0，∴方程①不是二次方程.∴x0不是公共根.当(ab－a－b－2)＝0时，得(a－1)(b－1)=3……解法同上.例3.已知：m,n是不相等的实数，方程x2+mx+n=0的两根差与方程y2+ny+m=0的两根差相等.求：m+n的值.（1986年泉州市初二数学双基赛题）解：方程①两根差是21xx＝221)xx（＝212214)(xxxx＝nm42同理方程②两根差是21yy＝mn42161依题意，得nm42＝mn42.两边平方得：m2－4n=n2－4m.∴（m－n）(m+n+4)=0∵m≠n，∴m+n+4＝0，m+n＝－4.例4.若a,b,c都是奇数，则二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)没有有理数根.证明：设方程有一个有理数根nm（m,n是互质的整数）.那么a(nm)2+b(nm)+c=0,即an2+bmn+cm2=0.把m,n按奇数、偶数分类讨论，∵m,n互质，∴不可能同为偶数.①当m,n同为奇数时，则an2+bmn+cm2是奇数＋奇数＋奇数＝奇数≠0；②当m为奇数,n为偶数时，an2+bmn+cm2是偶数＋偶数＋奇数＝奇数≠0；③当m为偶数,n为奇数时，an2+bmn+cm2是奇数＋偶数＋偶数＝奇数≠0.综上所述不论m,n取什么整数，方程a(nm)2+b(nm)+c=0都不成立.即假设方程有一个有理数根是不成立的.∴当a,b,c都是奇数时，方程ax2+bx+c=0(a≠0)没有有理数根.例5.求证：对于任意一个矩形A，总存在一个矩形B，使得矩形B与矩形A的周长比和面积比都等于k(k≥1).（1983年福建省初中数学竞赛题）证明：设矩形A的长为a,宽为b，矩形B的长为c,宽为d.根据题意，得kabcdbadc.∴c+d=(a+b)k,cd=abk.由韦达定理的逆定理，得c,d是方程z2－(a+b)kz+abk=0的两个根.△＝［－（a+b）k］2－4abk＝（a2+2ab+b2）k2－4abk=k［(a2+2ab+b2)k－4ab］∵k≥1，a2+b2≥2ab,∴a2+2ab+b2≥4ab，(a2+2ab+b2)k≥4ab.∴△≥0.∴一定有c,d值满足题设的条件.即总存在一个矩形B，使得矩形B与矩形A的周长比和面积比都等于k(k≥1).例6.k取什么整数值时，下列方程有两个整数解？①（k2－1）x2－6(3k－1)x+72=0；②kx2+(k2－2)x－(k+2)=0.解：①用因式分解法求得两个根是：x1=112k，x2=16－k.由x1是整数，得k+1=±1,±2,±3,±4,±6,±12.由x2是整数，得k－1=±1,±2,±3,±6.它们的公共解是：得k=0,2,－2,3,－5.162答：当k=0,2,－2,3,－5时，方程①有两个整数解.②根据韦达定理kkkkxxkkkkxx222221221∵x1,x2,k都是整数，∴k=±1，±2.（这只是整数解的必要条件，而不是充分条件，故要进行检验.）把k=1,－1,2,－2，分别代入原方程检验，只有当k=2和k=－2时适合.答：当k取2和－2时，方程②有两个整数解.丙练习451.写出下列方程的整数解：①5x2－3x=0的一个整数根是＿＿＿.②3x2+(2－3)x－2=0的一个整数根是＿＿＿.③x2+(5+1)x+5=0的一个整数根是＿＿＿.2.方程（1－m）x2－x－1=0有两个不相等的实数根，那么整数m的最大值是＿＿＿＿.3.已知方程x2－(2m－1)x－4m+2=0的两个实数根的平方和等于5，则m=＿＿＿.4.若x≠y，且满足等式x2+2x－5=0和y2+2y－5=0.那么yx11＝＿＿＿.（提示：x,y是方程z2+5z－5=0的两个根.）5.如果方程x2+px+q=0的一个实数根是另一个实数根的2倍，那么p,q应满足的关系是：＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿.（1986年全国初中数学联赛题）6.若方程ax2+bx+c=0中a0,b0,c0.那么两实数根的符号必是＿＿＿＿＿＿.（1987年泉州市初二数学双基赛题）7.如果方程mx2－2(m+2)x+m+5=0没有实数根，那么方程（m－5）x2－2mx+m=0实数根的个数是（）.(A)2（B）1（C）0（D）不能确定（1989年全国初中数学联赛题）8.当a,b为何值时，方程x2+2(1+a)x+(3a2+4ab+4b2+2)=0有实数根？（1987年全国初中数学联赛题）9.两个方程x2+kx－1=0和x2－x－k=0有一个相同的实数根，则这个根是（）(A)2（B）－2（C）1（D）－1（1990年泉州市初二数学双基赛题）10.已知：方程x2+ax+b=0与x2+bx+a=0仅有一个公共根，那么a,b应满足的关系是：＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿.11.已知：方程x2+bx+1=0与x2－x－b=0有一个公共根为m，求：m，b的值.12.已知：方程x2+ax+b=0的两个实数根各加上1，就是方程x2－a2x+ab=0的两个实数根.试求a,b的值或取值范围.（1997年泉州市初二数学双基赛题）13.已知：方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两根和等于s1，两根的平方和等于s2,两根的立方和等于s3.求证：as3+bs2+cs1=0.16314.求证：方程x2－2(m+1)x+2(m－1)=0的两个实数根，不能同时为负.（可用反证法）15.已知：a,b是方程x2+mx+p=0的两个实数根；c,d是方程x2+nx+q=0的两个实数根.求证：（a－c）(b－c)(a－d)(b－d)=(p－q)2.16.如果一元二次方程的两个实数根的平方和等于5，两实数根的积是2，那么这个方程是：＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿.（1990年泉州市初二数学双基赛题）17.如果方程（x－1）(x2－2x+m)=0的三个根，可作为一个三角形的三边长，那么实数m的取值范围是（）（A）0≤m≤1（B）m≥43（C）43m≤1（D）43≤m≤1（1995年全国初中数学联赛题）18.方程7x2－(k+13)x+k2－k－2=0(k是整数)的两个实数根为α，β且0＜α＜1，1＜β＜2，那么k的取值范围是()（A）3k4(B)-2k-1(C)3k4或-2k-1（D）无解（1990年全国初中数学联赛题）