通用版2020版高考物理二轮复习“8+2”限时训练12019年全国1卷逐题仿真练含解析

2019年(全国1卷)逐题仿真练题号1415161718考点能级跃迁电场中的平衡问题动量定理的应用磁场对电流的作用匀变速直线运动规律题号1920212223考点动态平衡问题楞次定律与法拉第电磁感应定律图象信息提取研究匀变速直线运动电表改装与校准二、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2019·河南郑州市第三次质量检测)如图1所示为氢原子能级示意图，下列有关说法正确的是()图1A．处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至n＝2能级B．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出3种不同频率的光C．若用从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n＝4能级跃迁到n＝3能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应D．用n＝4能级跃迁到n＝1能级辐射出的光，照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为6.41eV答案D解析处于基态的氢原子吸收10.2eV的光子后能跃迁至n＝2能级，不能吸收10.5eV能量的光子，故A错误；大量处于n＝4能级的氢原子，最多可以辐射出C24＝6种不同频率的光子，故B错误；从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光子的能量大于从n＝4能级跃迁到n＝3能级辐射出的光子的能量，用从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n＝4能级跃迁到n＝3能级辐射出的光，照射该金属时一定不能发生光电效应，故C错误；处于n＝4能级的氢原子跃迁到n＝1能级辐射出的光子的能量为：E＝E4－E1＝－0.85eV－(－13.6eV)＝12.75eV，根据光电效应方程，照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为：Ek＝E－W0＝12.75eV－6.34eV＝6.41eV，故D正确．15．(2019·山西太原市5月模拟)如图2所示，带电物块放置在固定水平绝缘板上．当空间存在有水平向右的匀强电场时，物块恰能向右做匀速直线运动．若在同一电场中将绝缘板的右端抬高，当板与水平面的夹角为37°时，物块恰能沿绝缘板匀速下滑，则物块与绝缘板间的动摩擦因数μ为(取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)()图2A.12B.13C.14D.15答案B解析当电场水平向右时滑块恰能向右做匀速直线运动，由平衡知识有：qE＝Ff1，Ff1＝μFN1，FN1＝mg，联立解得qE＝μmg；而物块沿斜面匀速下滑时，有：mgsinθ＝qEcosθ＋Ff2，Ff2＝μFN2，FN2＝mgcosθ＋qEsinθ，联立得0.6mg＝0.8qE＋μ(0.8mg＋0.6qE)，解得动摩擦因数μ＝13或μ＝－3(舍去)，故A、C、D错误，B正确．16．(2019·陕西宝鸡市高考模拟检测(二))超强台风山竹的风力达到17级超强台风强度，风速60m/s左右，对固定建筑物破坏程度巨大．请你根据所学物理知识推算固定建筑物所受风力(空气的压力)与风速(空气流动速度)大小关系．假设某一建筑物垂直风速方向的受力面积为S，风速大小为v，空气吹到建筑物上后速度瞬间减为零，空气密度为ρ，风力F与风速大小v的关系式为()A．F＝ρSvB．F＝ρSv2C．F＝12ρSv3D．F＝ρSv3答案B解析设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，则m＝ρSvt，根据动量定理得－Ft＝0－mv＝0－ρSv2t，解得F＝ρSv2，故B正确，A、C、D错误．17．(2019·四川成都市第二次诊断)L2是竖直固定的长直导线，L1、L3是水平固定且关于L2对称的长直导线，三根导线均通以大小相同、方向如图3所示的恒定电流，则导线L2所受的磁场力情况是()图3A．大小为零B．大小不为零，方向水平向左C．大小不为零，方向水平向右D．大小不为零，方向竖直向下答案A解析由右手螺旋定则可知，L1与L3在L2所在直线上产生的合磁场方向竖直向下，即L2处的磁场方向与电流方向平行，所以L2所受磁场力为零．18.(2019·湖北武汉市五月模拟)如图4所示，某次足球训练，守门员将静止的足球从M点踢出，球斜抛后落在60m外地面上的P点．发球的同时，前锋从距P点11.5m的N点向P点做匀加速直线运动，其初速度为2m/s，加速度为4m/s2，当其速度达到8m/s后保持匀速运动．若前锋恰好在P点追上足球，球员和球均可视为质点，忽略球在空中运动时的阻力，重力加速度g取10m/s2.下列说法正确的是()图4A．前锋加速的距离为7mB．足球在空中运动的时间为2.3sC．足球运动过程中的最小速度为30m/sD．足球上升的最大高度为10m答案C解析前锋做匀加速直线运动，初速度为2m/s，加速度为4m/s2，末速度为8m/s，根据速度与位移的关系式可知，v2－v02＝2ax1，代入数据解得：x1＝7.5m，A错误；前锋和足球运动时间相等，前锋加速运动时间t加＝v－v0a＝1.5s，匀速运动时间t匀＝x－x1v＝0.5s，故足球在空中运动的时间为2s，B错误；足球水平方向上做匀速直线运动，位移为60m，时间为2s，故运动过程中的最小速度为30m/s，C正确；足球竖直方向上做竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，上升时间为1s，最大高度hm＝12gt2＝5m，D错误．19．(2019·河北唐山市上学期期末)如图5所示，长木板A与物体B叠放在水平地面上，物体与木板左端立柱间放置轻质弹簧，在水平外力F作用下，木板和物体都静止不动，弹簧处于压缩状态．将外力F缓慢减小到零，物体始终不动，在此过程中()图5A．弹簧弹力不变B．物体B所受摩擦力逐渐减小C．物体B所受摩擦力始终向左D．木板A所受地面的摩擦力逐渐减小答案AD解析将外力F缓慢减小到零，物体始终不动，则弹簧的长度不变，弹力不变，选项A正确；对物体B，因开始时所受摩擦力的方向不确定，则由F弹＝F±Ff，则随F的减小，物体B所受摩擦力的大小和方向都不能确定，选项B、C错误；对A、B与弹簧组成的整体，在水平方向，力F与地面对A的摩擦力平衡，则随F的减小，木板A所受地面的摩擦力逐渐减小，选项D正确．20．(2019·湖南永州市第二次模拟)如图6(a)所示，半径为r的带缺口刚性金属圆环固定在水平面内，缺口两端引出两根导线，与电阻R构成闭合回路．若圆环内加一垂直于纸面的变化的磁场，变化规律如图(b)所示．规定磁场方向垂直纸面向里为正，不计金属圆环的电阻．以下说法正确的是()图6A．0～1s内，流过电阻R的电流方向为b→R→aB．2～3s内，穿过金属圆环的磁通量在减小C．t＝2s时，流过电阻R的电流方向发生改变D．t＝2s时，Uab＝πr2B0(V)答案AD解析规定磁场方向垂直纸面向里为正，根据楞次定律，在0～1s内，穿过线圈向里的磁通量增大，则线圈中产生逆时针方向的感应电流，那么流过电阻R的电流方向为b→R→a，故A正确；由题图(b)可知，在2～3s内，穿过金属圆环的磁通量在增大，故B错误；1～2s内，磁通量向里减小，由楞次定律可知，产生的电流方向为a→R→b,2～3s磁通量增大，且磁场反向，由楞次定律可知，产生的电流方向为a→R→b，故C错误；当t＝2s时，根据法拉第电磁感应定律E＝ΔBSΔt＝πr2B0(V)，因不计金属圆环的电阻，因此Uab＝E＝πr2B0(V)，故D正确．21．(2019·贵州毕节市适应性监测(三))如图7甲所示，两个弹性球A和B放在光滑的水平面上处于静止状态，质量分别为m1和m2，其中m1＝1kg。现给A球一个水平向右的瞬时动量，使A、B球发生弹性碰撞，以此时刻为计时起点，两球的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图示信息可知()图7A．B球的质量m2＝2kgB．球A和B在相互挤压过程中产生的最大弹性势能为4.5JC．t3时刻两球的动能之和小于0时刻A球的动能D．在t2时刻两球动能之比为Ek1∶Ek2＝1∶8答案AD解析A和B球在碰撞过程中动量守恒，故m1v＝(m1＋m2)v共，代入数据得m2＝2kg，A正确；球A和球B在共速的时候产生的弹性势能最大，因此Ep＝12m1v2－12(m1＋m2)v共2＝3J，B错误；因为是弹性碰撞，t3时刻两个小球分离后没有能量损失，因此0时刻球A的动能和t3时刻两个球的动能之和相等，C错误；从碰撞到t2时刻小球满足动量守恒和机械能守恒，因此有m1v＝m1v1＋m2v2和12m1v2＝12m1v12＋12m2v22，联立解得v2＝2m/s，v1＝－1m/s，故t2时刻两球的动能之比EkA∶EkB＝1∶8，D正确．22．(5分)(2019·湖南怀化市第三次模拟)如图8甲所示，一条质量和厚度不计的纸带缠绕在固定于架子上的定滑轮上，纸带的下端悬挂一质量为m的重物，将重物由静止释放，滑轮将在纸带带动下转动．假设纸带和滑轮不打滑，为了分析滑轮转动时角速度的变化情况，释放重物前将纸带先穿过一电火花计时器，交变电流的频率为50Hz，如图乙所示，通过研究纸带的运动情况得到滑轮角速度的变化情况．图丙为打点计时器打出来的纸带，取中间的一段，在这一段上取了7个计数点A、B、C、D、E、F、G，每相邻的两个计数点间有4个点没有画出，其中：x1＝8.05cm、x2＝10.34cm、x3＝12.62cm、x4＝14.92cm、x5＝17.19cm、x6＝19.47cm.图8(1)根据上面的数据，可以求出D点的速度vD＝________m/s；(结果保留三位有效数字)(2)测出滑轮半径等于3.00cm，则打下D点时滑轮的角速度为________rad/s；(结果保留三位有效数字)(3)根据题中所给数据求得重物下落的加速度为________m/s2.(结果保留三位有效数字)答案(1)1.38(2)46.0(3)2.29解析(1)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度可知，D点的瞬时速度：vD＝CE2T＝12.62＋14.92×10－22×0.1m/s≈1.38m/s.(2)由v＝ωr，则打下D点时滑轮的角速度：ω＝vDr＝1.380.03rad/s＝46.0rad/s.(3)根据Δx＝aT2可知a＝()x4＋x5＋x6－()x1＋x2＋x39T2＝()14.92＋17.19＋19.47－()8.05＋10.34＋12.629×0.12×10－2m/s2≈2.29m/s2.23．(10分)(2019·河南新乡市第三次模拟)某同学想将满偏电流Ig＝100μA、内阻未知的微安表改装成电压表．图9(1)该同学设计了如图9甲所示电路测量该微安表的内阻，所用电源的电动势为4V．请帮助该同学按图甲所示电路完成实物图乙的连接．(2)该同学先闭合开关S1，调节R2的阻值，使微安表的指针偏转到最大刻度；保持开关S1闭合，再闭合开关S2，保持R2的阻值不变，调节R1的阻值，当微安表的指针偏转到最大刻度的23时，R1的阻值如图丙所示，则该微安表内阻的测量值Rg＝________Ω，该测量值________(填“大于”“等于”或“小于”)真实值．(3)若要将该微安表改装成量程为1V的电压表，需________(填“串联”或“并联”)阻值R0＝________Ω的电阻．答案(1)如图所示(2)142小于(3)串联9858解析(1)实物连线如图所示；(2)由电路图可知，当微安表的读数为23Ig时，通过电阻箱的电流为Ig3，则电阻箱R1的阻值等于微安表内阻的2倍，由题图可知电阻箱的读数为284Ω，则微安表的内阻为142Ω；闭合S2后，电路总电阻变小，电路总电流变大，通过电阻箱的电流大于13Ig，则该实验测出的电表内阻偏小；(3)若要将该微安表改装成量程为1V的电压表，需串联阻值R0＝UIg－rg＝1100×10－6Ω－142Ω＝9858Ω的电阻．