12015年上海市高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共10分,每小题2分,每题只有一个正确选项)1.(2分)(2015•上海)中国科学技术名词审定委员会已确定第116号元素Lv的名称为鉝.关于Lv的叙述错误的是()A.原子序数116B.中子数177C.核外电子数116D.相对原子质量293考点:核素;质量数与质子数、中子数之间的相互关系.菁优网版权所有分析:根据在原子中:原子序数=质子数=核外电子数=核电荷数,进行解答.解答:解:A.第116号元素Lv的原子序数为116,故A正确;B.中子数=质量数﹣质子数=293﹣116=177,故B正确;C.原子序数=质子数=核外电子数=核电荷数,可知核外电子数为116,故C正确;D.293代表该原子的质量数,一种元素有多种核素,质量数指的是质子与中子质量的和,不同核素的质量数不同,即一种元素可以有多个质量数,相对原子质量为各核素的平均相对质量,所以同种元素的相对原子质量只有一个数值,两者近似相等,故D错误.故选D.点评:本题主要考查了原子符号的含义,掌握原子序数=核内质子数=核电荷数是解题的关键,题目难度不大.2.(2分)(2015•上海)下列物质见光不会分解的是()A.HClOB.NH4ClC.HNO3D.AgNO3考点:氯、溴、碘及其化合物的综合应用;铵盐;硝酸的化学性质.菁优网版权所有分析:浓硝酸、硝酸银、次氯酸见光都易分解;而氯化铵加热分解,见光不分解,以此来解答.解答:解:A.HClO见光分解为HCl与氧气,故A不选;B.氯化铵加热分解生成氨气和HCl,见光不分解,故B选;C.硝酸见光分解为二氧化氮、氧气与水,故C不选;D.硝酸银见光分解Ag、二氧化氮、氧气,故D不选;故选B.点评:本题考查物质的性质,为高频考点,综合考查元素化合物知识,侧重物质稳定性的考查,注意反应条件为光照,题目难度不大.3.(2分)(2015•上海)某晶体中含有极性键,关于该晶体的说法错误的是()A.不可能有很高的熔沸点B.不可能是单质C.可能是有机物D.可能是离子晶体考点:不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别.菁优网版权所有分析:一般不同非金属元素之间易形成极性键,已知某晶体中含有极性键,则该晶体为化合2物,可能是离子化合物、共价化合物,结合不同类型晶体的性质分析.解答:解:A.含有极性键的晶体可能是原子晶体,如二氧化硅中含有Si﹣O极性键,其熔沸点很高,故A错误;B.含有极性键的物质至少含有2种元素,属于化合物,不可能是单质,故B正确;C.有机物中含有极性键,如甲烷中含有C﹣H极性键,故C正确;D.离子晶体中也可能含有极性键,如NaOH中含有O﹣H极性键,故D正确.故选A.点评:本题考查了极性键、晶体的类型,题目难度不大,注意离子晶体中一定含有离子键可能含有共价键,题目难度不大,注意利用举例法分析.4.(2分)(2015•上海)不能作为判断硫、氯两种元素非金属性强弱的依据是()A.单质氧化性的强弱B.单质沸点的高低C.单质与氢气化合的难易D.最高价氧化物对应的水化物酸性的强弱考点:非金属在元素周期表中的位置及其性质递变的规律.菁优网版权所有分析:比较两种元素的非金属性强弱,可根据单质之间的置换反应、与氢气反应的难易程度、氢化物的稳定性以及最高正价氧化物对应水化物酸性强弱.解答:解:A.单质的氧化性越强,其元素的非金属性越强,可以判断非金属性强弱,故A不选;B.单质的沸点属于物理性质,与元素的非金属性无关,不能判断非金属性强弱,故B选;C.单质与氢气化合越容易,则元素的非金属性越强,可以判断非金属性强弱,故C不选;D.最高价氧化物对应的水化物酸性越强,其元素的非金属性越强,可以判断非金属性强弱,故D不选.故选B.点评:本题考查非金属性的比较,题目难度不大,注意元素非金属性和金属性的比较角度,学习中注意相关基础知识的积累.5.(2分)(2015•上海)二氧化硫能使溴水褪色,说明二氧化硫具有()A.还原性B.氧化性C.漂白性D.酸性考点:二氧化硫的化学性质.菁优网版权所有分析:二氧化硫与溴水发生氧化还原反应生成氢溴酸和硫酸.解答:解:二氧化硫具有还原性,与溴水发生氧化还原反应生成氢溴酸和硫酸,使溴水褪色,硫元素化合价升高,体现还原性.故选A.点评:本题主要考查了二氧化硫的性质,侧重考查二氧化硫的还原性,注意中间价态的元素既有氧化性又有还原性,同种元素相邻价态间不发生氧化还原反应,题目难度不大.二、选择题(本题共36分,每小题3分,每题只有一个正确选项)36.(3分)(2015•上海)将Na、Na2O、NaOH、Na2S、Na2SO4分别加热熔化,需要克服相同类型作用力的物质有()A.2种B.3种C.4种D.5种考点:不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别.菁优网版权所有分析:Na、Na2O、NaOH、Na2S、Na2SO4中Na为金属晶体,Na2O、NaOH、Na2S、Na2SO4为离子晶体,以此解答.解答:解:Na为金属晶体,熔化时克服金属键,Na2O、NaOH、Na2S、Na2SO4为离子晶体,熔化时克服离子键.故选C.点评:本题考查晶体类型的判断和化学键键的判断,为高频考点,侧重于学生的分析能力和基本概念的考查,题目难度不大,注意晶体类型的分类和性质的区别.7.(3分)(2015•上海)检验用硫酸亚铁制得的硫酸铁中是否含有硫酸亚铁,可选用的试剂是()A.NaOHB.KMnO4C.KSCND.苯酚考点:物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用.菁优网版权所有分析:亚铁离子具有还原性,可与氯水、高锰酸钾等氧化剂反应,以此解答该题.解答:解:A.加入氢氧化钠,因含有铁离子,可生成红褐色沉淀,不能检验是否含有亚铁离子,故A错误;B.亚铁离子具有还原性,可与高锰酸钾等发生氧化还原反应,高锰酸钾溶液褪色,可鉴别,故B正确;C.亚铁离子与KSCN不反应,不能鉴别,只能鉴别铁离子,故C错误;D.亚铁离子与苯酚不反应,不能鉴别,只能鉴别铁离子,故D错误.故选B.点评:本题考查物质的检验,为高频考点,题目难度不大,本题注意亚铁离子与铁离子性质的区别,检验时必须有明显不同的现象.8.(3分)(2015•上海)已知H2O2在催化剂作用下分解速率加快,其能量随反应进程的变化如图所示.下列说法正确的是()A.加入催化剂,减小了反应的热效应B.加入催化剂,可提高H2O2的平衡转化率C.H2O2分解的热化学方程式:H2O2→H2O+O2+QD.反应物的总能量高于生成物的总能量考点:反应热和焓变;化学平衡的影响因素.菁优网版权所有4分析:A、催化剂只通过改变活化能来改变反应速率,不改变反应的热效应;B、催化剂只改变反应速率不改变化学平衡;C、图象分析反应是放热反应,热化学方程式要注明状态;D、图象分析反应是放热反应,反应物的总能量高于生成物的总能量.解答:解:A、催化剂只通过改变活化能来改变反应速率,不改变反应的热效应;故A错误;B、催化剂只改变反应速率不改变化学平衡,反应体系中加入催化剂不改变H2O2的平衡转化率,故B错误;C、图象分析判断反应是放热反应,热化学方程式要注明状态,所以H2O2分解的热化学方程式:H2O2(l)=H2O(l)+O2(g)+Q,故C错误;D、图象分析反应是放热反应,所以反应物的总能量高于生成物的总能量,故D正确;故选D.点评:本题考查了化学平衡、化学反应能量的图象分析判断,注意催化剂改变速率不改变平衡的理解,题目难度中等9.(3分)(2015•上海)已知咖啡酸的结构如图所示.关于咖啡酸的描述正确的是()A.分子式为C9H5O4B.1mol咖啡酸最多可与5mol氢气发生加成反应C.与溴水既能发生取代反应,又能发生加成反应D.能与Na2CO3溶液反应,但不能与NaHCO3溶液反应考点:有机物的结构和性质.菁优网版权所有分析:有机物含有羟基,可发生取代、氧化和显色反应,含有碳碳双键,可发生加成、加聚和氧化反应,含有羧基,具有酸性,可发生中和、酯化反应,以此解答该题.解答:解:A.由结构简式可知分子式为C9H8O4,故A错误;B.能与氢气发生加成反应的为苯环和碳碳双键,则1mol咖啡酸最多可与4mol氢气发生加成反应,故B错误;C.含有酚羟基,可与溴发生取代反应,含有碳碳双键,可与溴发生加成反应,故C正确;D.含有羧基,可与NaHCO3溶液反应,故D错误.故选C.点评:本题考查有机物的结构和性质,为高考常见题型,题目难度不大,注意有机物的结构特点和官能团的性质,易错点为D,注意官能团的酸性强弱的比较.10.(3分)(2015•上海)卤代烃的制备有多种方法,下列卤代烃不适合由相应的烃经卤代反应制得的是()5A.B.C.D.考点:有机物分子中的官能团及其结构.菁优网版权所有分析:A、环己烷中只存在1种化学环境不同的H,此卤代烃可以由环己烷取代得到;B、2,2﹣二甲基丙烷只存在一种H,此有机物可以由2,2﹣二甲基丙烷取代得到;C、2﹣甲基丙烷中存在2种化学环境不同的H,一氯代物存在同分异构体;D、2,2,3,3﹣四甲基丁烷中只存在一种环境的H,一氯代物只有一种,据此解答即可.解答:解:A、可以由环己烷取代制得,故A不选;B、可以由2,2﹣二甲基丙烷取代得到,故B不选;C、2﹣甲基丙烷中存在2种化学环境不同的H,一氯代物存在同分异构体,故不适合由相应的烃经卤代反应制得,故C选;D、可以由2,2,3,3﹣四甲基丁烷制得,故D不选,故选C.点评:本题主要考查的是一氯代物的同分异构体的判断,制取氯代烃的途径和方法必须满足制取的应副产物最少为好,难度不大.11.(3分)(2015•上海)下列有关物质性质的比较,错误的是()A.溶解度:小苏打<苏打B.密度:溴乙烷>水C.硬度:晶体硅<金刚石D.碳碳键键长:乙烯>苯考点:钠的重要化合物;键能、键长、键角及其应用;晶体的类型与物质熔点、硬度、导电性等的关系.菁优网版权所有分析:A.相同条件下,碳酸钠溶解度大于碳酸氢钠;B.卤代烃的密度比水大;C.原子晶体中,键长越短,键能越大,则硬度越大;D.苯中碳碳键介于单键和双键之间.解答:解:A.在碳酸钠饱和溶液中通入二氧化碳生成碳酸氢钠,可观察到溶液变浑浊,说明碳酸钠溶解度大于碳酸氢钠,故A正确;B.卤代烃的密度比水大,则溴乙烷的密度大于水,故B正确;6C.晶体硅与金刚石都为原子晶体C﹣C>Si﹣Si,原子晶体中,键长越短,键能越大,则硬度越大,故C正确;D.苯中碳碳键介于单键和双键之间,碳碳键键长:乙烯<苯,故D错误.故选D.点评:本题考查元素及其对应单质、化合物的性质的递变规律,侧重于溶解度、硬度、密度等性质的考查,题目难度不大,注意把握性质比较的角度以及规律.12.(3分)(2015•上海)与氢硫酸反应有沉淀生成的电解质是()A.硫酸铜B.氢氧化钠C.硫酸亚铁D.二氧化硫考点:硫化氢.菁优网版权所有分析:A、CuS不溶于酸;B、H2S和NaOH发生酸碱中和反应;C、FeS不溶于水但溶于酸;D、SO2和H2S发生归中反应.解答:解:电解质是在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物,包括酸、碱、盐、金属氧化物和水.A、CuS不溶于水也不溶于酸,故CuSO4能和H2S反应生成CuS沉淀:CuSO4+H2S=CuS↓+H2SO4,且硫酸铜为电解质,故A正确;B、H2S和NaOH发生酸碱中和反应:H2S+2NaOH=Na2S+H2O,无沉淀生成,故B错误;C、FeS不溶于水但溶于酸,故FeSO4和H2S不能反应,故C错误;D、SO2和H2S发生归中反应有硫单质生成:SO2+2H2S=3S↓+2H2O,但二氧化硫不是电解质,故D错误.故选A.点评:本题考查了电解质的概念以及复分解反应发生的条件,难度不大,应注意的是FeS不溶于水但溶于酸,故FeSO4和H2S不能反应.13.(3分)(2015•上海)实验室回收废水中苯酚的过程如图所示.下列分析错误的是()A.操作I中苯作萃取剂B.苯酚钠在苯中的溶解度比在水中的大C.通过操作II苯可循环使用D.三步操作均需要分液漏斗考点:三废处理与环境保护.菁优网版权所有7分析:用苯萃取废水中