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2019年四川省遂宁市中考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7个小题，每小题3分，共21分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）下列变化属于化学变化的是（）A．过滤粗食盐水B．电解水C．活性炭净化水D．海水晒盐【分析】有新物质生成的变化叫化学变化，没有新物质生成的变化叫物理变化，过滤粗食盐水、活性炭净化水、海水晒盐都属于物理变化。化学变化的特征是：有新物质生成。判断物理变化和化学变化的依据是：是否有新物质生成。【解答】解：A、过滤粗食盐水没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；B、电解水生成氢气和氧气，属于化学变化；故选项正确；C、活性炭净化水没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；D、海水晒盐没有新物质生成，属于物理变化；故选项错误；故选：B。【点评】本考点考查了物理变化和化学变化的区别，基础性比较强，只要抓住关键点：是否有新物质生成，问题就很容易解决。本考点主要出现在选择题和填空题中。2．（3分）“观音素麻花“是四川遂宁特产，因其“香酥、嘎嘣脆”深受八方游客喜爱!主要采用优质面粉和小磨香油（含油酸，化学式为C18H34O2）等制成。下列关于油酸的说法错误的是（）A．油酸中含有氧分子B．油酸属于有机物C．1个油酸分子由18个碳原子、34个氢原子和2个氧原子构成D．油酸中碳元素的质量分数最大【分析】根据化学式的意义进行相关的计算，注意要结合题目要求以及使用正确的相对原子质量进行分析和解答。【解答】解：A、油酸（化学式C18H34O2）中含有油酸（化学式C18H34O2）分子而不含氧分子。错误；B、油酸（化学式C18H34O2）是含碳化合物且具有有机物的性质，所以属于有机物。正确；C、根据油酸的化学式C18H34O2可知，1个油酸分子由18个碳原子、34个氢原子和2个氧原子构成。正确；D、油酸（化学式C18H34O2）中碳氢氧质量比为（12×18）：（1×34）：（16×2）＝216：34：32，所以油酸中碳元素的质量分数最大。正确；故选：A。【点评】根据化学式计算首先要确保化学式本身正确，其次过程中使用相对原子质量要准确。3．（3分）下列实验操作正确的是（）【分析】A、根据用pH试纸测定未知溶液的pH的方法进行分析判断。B、根据检验二氧化碳应使用澄清的石灰水，进行分析判断。C、根据氧气的验满方法进行分析判断。D、根据浓硫酸的稀释方法（酸入水，沿器壁，慢慢倒，不断搅）进行分析判断。【解答】解：A、用pH试纸测定未知溶液的pH时，正确的操作方法为取一片pH试纸放在玻璃片或白瓷板上，用玻璃棒蘸取少量待测液滴在干燥的pH试纸上，与标准比色卡对比来确定pH．不能将pH试纸伸入待测液中，以免污染待测液，图中所示操作错误。B、检验二氧化碳应使用澄清的石灰水，图中所示操作错误。C、检验氧气是否收集满时，应将带火星的木条放在集气瓶口，不能伸入瓶中，图中所示操作正确。D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误。故选：C。【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键。4．（3分）下列知识归纳都正确的一组是（）A．物质类型与组成B．化学与生活生铁、钢都是铁合金生活中软化硬水可用肥皂水纯碱、烧碱都是碱干冰、可燃冰都是冰酒精、汽油、液化气都是易燃物油锅、电器着火都可用水浇灭C．物质与使用D．化学与健康点燃可燃性气体前都要验纯铵态氮肥不能与草木灰（碱性）混用食醋可以清除水垢人体缺碘易患贫血病老年人缺钙易患佝偻症儿童缺锌引起食欲不振、发育不良A．AB．BC．CD．D【分析】A．根据物质的组成与分类来分析；B．根据硬水软化的方法、物质的性质及灭火的方法来分析；C．根据物质的性质与用途来分析；D．根据化学物质与人体健康的关系来分析。【解答】解：A．纯碱是碳酸钠的俗称，属于盐；可燃冰不是冰，而是天然气水合物，故错误；B．油锅着火不能用水灭火，以免发生爆炸；电器着火不能用水浇灭，以免发生触电，故错误；C．点燃可燃性气体前都要验纯，以防气体不纯点燃发生爆炸；铵态氮肥与草木灰（碱性）混用时会释放出氨气，造成肥效降低；食醋能与水垢反应，所以食醋可以清除水垢，故正确；D．人体缺碘易患甲状腺疾病；老年人缺钙易患骨质疏松症，故错误。故选：C。【点评】此题型常因涉猎的知识点较多，多为重要的考试所青睐。处理时可以使用排除法以加快解题速度，如要选正确的，那就在每组中找出一个明显错误的归纳，反之则反。5．（3分）下列说法正确的是（）A．用燃烧法除去二氧化碳中的一氧化碳B．用水鉴别氢氧化钠和硝酸铵固体C．氯化钡、硫酸、氯化铁，氢氧化钾能在溶液中共存D．浓硫酸、浓盐酸敞口放置一段时间后，质量都会增加【分析】A、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质。B、根据氢氧化钠和硝酸铵固体溶于水的温度变化，进行分析判断。C、根据复分解反应发生的条件可知，若物质之间相互交换成分不能生成水、气体、沉淀，则能够在溶液中大量共存。D、根据浓盐酸具有挥发性、浓硫酸具有吸水性，进行分析判断。【解答】解：A、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够点燃，这是因为会引入新的气体杂质，且当二氧化碳（不能燃烧、不能支持燃烧）大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的，故选项说法错误。B、氢氧化钠和硝酸铵固体溶于水分别放热、吸热，使温度升高、降低，可以鉴别，故选项说法正确。C、氯化钡、硫酸在溶液中能相互交换成分生成硫酸钡沉淀和盐酸，氯化铁，氢氧化钾在溶液中能相互交换成分生成氢氧化铁沉淀和氯化钾，不能大量共存，故选项说法错误。D、浓盐酸具有挥发性、浓硫酸具有吸水性，敞口放置一段时间后，质量分别减少、增加，故选项说法错误。故选：B。【点评】本题难度不大，掌握物质鉴别的原理、浓盐酸具有挥发性、浓硫酸具有吸水性等是正确解答本题的关键。6．（3分）如图是甲、乙、丙三种固体物质的溶解度曲线。下列说法错误的是（）A．T2℃时，向各装有50g水的三个烧杯中，分别加入甲、乙、丙固体各40g，充分搅拌后形成饱和溶液的是乙和丙B．甲中混有少量的乙，提纯甲的常用方法是降温结晶C．在T1℃时，将接近饱和的丙溶液变为饱和溶液，溶剂的质量可能不变D．将T2℃的甲、乙、丙饱和溶液温度降至T1℃，溶液中溶质的质量分数大小关系为乙＝丙＞甲【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：甲、乙两种固体物质的溶解度，都是随温度升高而增大，而丙的溶解度随温度的升高而减少；A、T2℃时，向各装有50g水的三个烧杯中，分别加入甲、乙、丙固体各40g，充分搅拌后形成饱和溶液的是乙和丙正确；B、甲中混有少量的乙，提纯甲的常用方法是降温结晶正确；C、在T1℃时，将接近饱和的丙溶液变为饱和溶液，溶剂的质量可能不变正确；D、将T2℃的甲、乙、丙饱和溶液温度降至T1℃溶液中溶质的质量分数大小关系为乙＝丙＞甲错误。【解答】解：A、T2℃时，向各装有50g水的三个烧杯中，分别加入甲、乙、丙固体各40g，充分搅拌后形成饱和溶液的是乙和丙正确，因为该温度下，甲的溶解度大于80g，正确不符合题意，故选项错误；B、甲中混有少量的乙，提纯甲的常用方法是降温结晶正确，正确但不符合题意，故选项错误；C、在T1℃时，将接近饱和的丙溶液变为饱和溶液，溶剂的质量可能不变正确，正确但不符合题意，故选项错误；D、将T2℃的甲、乙、丙饱和溶液温度降至T1℃溶液中溶质的质量分数大小关系为乙＞甲＞丙，乙＝丙＞甲错误，错误符合题意，故选项正确；故选：D。【点评】本考点考查了溶解度曲线及其应用，通过溶解度曲线我们可以获得很多信息；还考查了有关溶液的结晶方法和溶质质量分数的变化等，本考点主要出现在选择题和填空题中。7．（3分）在物质混合、反应等过程中，存在着“1+1≠2”的有趣现象，通常情况下，下列选项符合“1+1＝2”的是（）A．1mL酒精与1mL水混合后的总体积B．1g碳和1g氧气反应后生成物的质量C．1g氢氧化钠溶液和1g硫酸溶液混合后溶液的质量D．1g氯化钠饱和溶液中加入1g氯化钠固体后所得溶液的质量【分析】A．根据分子之间有间隙进行分析；B．根据碳和氧气恰好完全反应的质量关系进行分析；C．根据氢氧化钠和硫酸铜能够反应进行分析；D．根据饱和溶液的特点进行分析。【解答】解：A．由于分子之间有间隙，1mL酒精与1mL水混合后的总体积小于2mL，故A不符合；B．当生成一氧化碳时，化学方程式为：2C+O22CO，碳和氧气的质量比＝3：4；当生成二氧化碳时，化学方程式为：C+O2CO2，碳和氧气的质量比＝3：8，1g碳和1g氧气不能恰好完全反应，故B错误；C.1g氢氧化钠溶液和1g硫酸溶液混合后没有气体和沉淀生成，溶液的质量为2g，故C正确；D．因为溶液是1g氯化钠饱和溶液，再加入1g氯化钠固体也不溶解，溶液质量仍然是1g，故D错误。故选：C。【点评】本题难度不大，主要考查了物质间相互作用时的质量关系方面的问题及对分子性质、饱和溶液概念的理解，做题时注意抓住要点，细心分析。二.填空题（本大题共5个小题，每空2分，共28分）可能用到的相对限子质量：H-10-16C-12Na-23Cl-35.58．（6分）（1）天然气，沼气的主要成分CH4（填化学式）；（2）如图是氯原子的结构示意图：①写出氯离子符号Cl﹣；②该原子化学性质与下列B（填序号）相似。【分析】（1）根据天然气，沼气的主要成分是甲烷分析回答；（2）①根据离子符号的写法分析回答；②根据原子最外层电子数目相同的原子具有相似的化学性质分析。【解答】解：（1）天然气，沼气的主要成分甲烷，化学式是：CH4；（2）①氯原子的最外层有7个电子，易得一个电子形成氯离子，氯离子的符号是：Cl﹣；②该原子与B原子的最外层电子数相同，具有相似的化学性质。故答为：（1）CH4；（2）①Cl﹣；②B。【点评】本题较为简单，了解天然气，沼气的主要成分、原子结构示意图的意义是解答本题的基础知识。9．（4分）亚硝酸钠（NaNO2）常用作食品的发色剂和防腐剂，超标会危害人体健康，亚硝酸钠和食盐外观很相似，容易误食导致中毒，已知亚硝酸钠溶液呈碱性。（1）亚硝酸钠中N元素的化合价是+3；（2）将酚酞试液分别滴加到亚硝酸钠和食盐溶液中，能使酚酞变红的是亚硝酸钠溶液。【分析】根据化学式的意义进行相关的计算，注意要结合题目要求以及使用正确的对应元素的化合价进行分析和解答。【解答】解：（1）亚硝酸钠中钠元素为+1价，氧元素为﹣2价，设N元素的化合价为x根据化合物中正负化合价的代数和为零，+1+x+（﹣2）×2＝0x＝+3；（2）将酚酞试液分别滴加到亚硝酸钠和食盐溶液中，由于亚硝酸钠溶液呈碱性且酚酞遇碱变红，可知能使酚酞变红的是亚硝酸钠溶液。故答案为：（1）+3；（2）亚硝酸钠。【点评】根据化学式计算首先要确保化学式本身正确，其次过程中使用化合价要准确。10．（6分）铝、铁、铜三种金属中不能与稀硫酸发生置换反应的是铜，铁制品易生锈需要做防锈处理，而铝化学性质比铁活泼，但铝制品通常不做防锈处理是因为铝表面容易形成一层致密的氧化铝薄膜，防止内部的铝进一步被氧化；为验证Al、Fe、Cu的金属活动性强弱，某同学设计了如下方案，其中不合理的是③。①Al、FeSO4溶液、Cu②Al2（SO4）3溶液、Fe、CuSO4溶液③A1、Fe、CuSO4溶液【分析】根据金属活动性顺序的运用分析：在金属活动性顺序中，氢前的金属能与酸发生置换反应生成氢气，位置在前的金属能把位于其后的金属从其盐溶液中置换出来。【解答】解：在金属活动性顺序中，铜位于氢的后面，铜不能与稀硫酸发生置换反应；铝能与空气中氧气反应在其表面生成一层致密的氧化铝薄膜，防止内部的铝进一步被氧化，因此铝制品抗腐蚀性强，①铝能与硫酸亚铁溶液反应生成硫酸铝溶液和铁，说明了活动性铝＞铁；铜不与硫酸亚铁溶液反应，说明了活动性铁＞铜；由此可得出三种金属活动性为铝＞铁＞铜，故该方案合理。②Fe与Al2（SO4）3溶液不反应，说明了活动性铝＞铁；铁能与CuSO4