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流过多少汗，流下多少泪，只为高考这一天；付出多少时间，付出多少努力，只为高考这一刻；高考这条路就算布满荆棘也要披荆而过，请相信天道酬勤，请相信付出一定会有回报，对自己充满信心，加油，祝高考成功顺利。河南省洛阳市2017-2018学年高二下学期期中考试物理试题一、选择题：本题共14小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求，第10~14题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错的得0分1.下列说法中错误的是A.热辐射的辐射强度按波长的分布情况随温度的变化而有所不同B.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关C.如图在一个空腔上开一个小孔，射入小孔的电磁波在空腔内表面经多次反射和吸热最终不能从小孔射出，这个空腔就成了一个黑体D.当铁块的温度较高时会呈现赤红色，说明此事辐射的电磁波中该颜色的光强度墙【答案】C...............点睛：该题考查黑体辐射的特点，解决本题的关键知道黑体辐射的强度与温度有关，温度越高，黑体辐射的强度越大，随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动．2.关于近代物理，下列说法正确的是A.α射线是高度的氦原子B.核聚变反应中，表示质子C.从金属表面逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D.波尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征【答案】D【解析】α射线是高速的氦原子核，选项A错误；核聚变反应中，表示中子，选项B错误；从金属表面逸出的光电子的最大初动能随入射光的频率增大而增大，并非成正比关系，选项C错误；波尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，选项D正确；故选D.3.本题用大写字母代表原子核，E经α衰变边长F，再经β衰变变成G，再经α衰变成为H，上述系列衰变可记为下式：；另一系列衰变如下：，已知P是F的同位素，则下列判断正确的是A.Q是G的同位素，R是H的同位素B.R是G的同位素，S是H的同位素C.R是E的同位素，S是F的同位素D.Q是E的同位素，R是F的同位素【答案】C【解析】α衰变使电荷数少2，新原子在元素周期表中位置前移2位；β衰变使电荷数多1，新原子在元素周期表中位置后移1位。由，可得P是S的同位素，又P是F的同位素，即P、F、S为同位素；E经α衰变成为F，R经α衰变成为S，则E、R是同位素；F经β衰变成为G，P经β衰变成为Q，则G、Q也是同位素，故ABD错误。C正确。故选C.4.三个相同的木块A、B、C同同一高度自由下落。其中，木块A在开始下落的瞬间被水平飞行的子弹击中，木块A在下落到一半高度时被水平飞来的子弹击中，子弹均留在木块中，则三个木块下落时间的大小关系是A.B.C.D.【答案】B【解析】木块C自由落体，木块A在刚要下落瞬间被子弹射中，并留在其中，木块A与子弹一起自由落体运动，A、C均做自由落体运动，且下落高度相同，故二者下落时间相同，即tA=tC木块B落下一定距离后被水平飞来的子弹水平射中，子弹留在其中。在子弹击中木块过程中，竖直方向动量守恒，由于子弹进入木块后总质量变大，由动量守恒定律可知，木块速度变小，木块落地时间延长，木块B在空中的运动时间比A、C时间长，则AC同时落地，B最后落地，即tA=tC＜tB，故B正确。故选B。点睛：考查自由落体运动的规律，关键是知道子弹打入木块时竖直方向动量守恒，掌握动量及动量守恒的定律，理解运动的合成与分解．5.如图所示，材料相同，半径为r的薄壳小圆球，放在半径为R的薄壳大圆球内（），开始时二者均静止在光滑水平面上，当小圆球由图示位置无初速度释放，直至小圆球滚到最低点时，大圆球移动的距离为A.B.C.D.【答案】C【解析】设小球滑到最低点所用的时间为t，发生的水平位移大小为R-r-x，大球的位移大小为x，取水平向右方向为正方向。则根据水平方向平均动量守恒得：即：；根据题意可知，两球壳质量之比等于表面积之比，也等于半径的平方之比，则M:m=3:1，带入解得：，故选C.点睛：此题实质是“人船模型”问题；关键是求解两球对地的位移关系；另外会根据数学知识求解质量关系.6.动能相同的两个物体的质量分别为，且。若他们分别在恒定的阻力的作用下，经过相同的时间停下，发生的位移分别为，则A.B.C.D.【答案】D【解析】由可知，两物体的动量之比为：；由动量定理可知：-f1t=0-P1；-f2t=0-P2；解得：，因m1m2，故有：f1＞f2；由动能定理可知：f1s1=0-EK；f2s2=0-Ek；两式相比可得：；故s1＜s2，故选D.点睛：本题考查动量定理及动能定理的应用，要注意正确列式，从而得出准确的比例关系．知道动能与动量的关系.7.如图所示为氢原子能级示意图的一部分，根据波尔理论，下列说法中正确的是A.从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出电磁波的波长长B.从高能级向低能级跃迁时，氢原子核一定向外放出能量C.从n=4能级跃迁到n=3能级，氢原子的能量减小，电子的动能减小D.处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的【答案】A【解析】从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出光子能量小，则辐射的光子频率小，所以辐射的电磁波的波长长。故A正确。由高能级向低能级跃迁，氢原子向外辐射能量，不是氢原子核向外放出能量，选项B错误；从n=4能级跃迁到n=3能级，氢原子的能量减小，电子的半径减小，动能变大，选项C错误；处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率不同，故D错误。故选A。点睛：此题要知道能级间跃迁辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越大，则波长越小．8.两个物体A、B的质量分别为，并排静止在水平地面上，用同向水平拉力分别作用于物体A和B上，分别作用一段时间后撤去，两物体各自滑行一段距离后停止下来，两物体运动的速度-时间图像分别如图中图线a、b所示，已知拉力分别撤去后，物体做减速运动过程的速度-时间图线彼此平行（相关数据已在图中标出），由图中信息可以得出A.若，则B.若，则力F1的最大瞬时功率一定是力F2C.若，则力F1对物体A的冲量与F2对B的冲量之比为4：5D.若，则力F1对物体A所做的功大于F2对物体B所做的功【答案】B【解析】由斜率等于加速度知，撤除拉力后两物体的速度图象平行，故加速度大小相等，求得：a1=a2=μg=1m/s2，则：μ1=μ2=0.1，若F1=F2，对于m1则有：F1-μ1m1g=m1a1，解得：m1=，对于m2则有：F2-μ2m2g=m2a2，解得：m2=，由图可知a1＞a2，则m1＜m2，故A错误。若m1=m2，则f1=f2，根据动能定理，对a有：WF1-f1s1=0；同理对b有：WF2-f2s2=0由于s1=4×2.5×=5.0m，s2=2×5×=5.0m，故WF1=WF2，故D错误；由以上分析可知：F1=m1（a1+μ1g）=m1×，故拉力F1的最大瞬时功率为：P1=m1，同理有：F2=m2（a2+μ2g）=m2，故拉力F2的最大瞬时功率为：P2=m2，故P1=2P2，故B正确；若F1=F2，根据I=Ft，两个力作用的时间之比为1:2，则力F1对物体A的冲量与F2对B的冲量之比1:2，选项C错误；故选B.9.在光电效应实验中，某同学用一种材料在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示，则可判断出A.甲光的频率大于乙光的频率B.乙光的波长大于丙光的波长C.甲光的光强比乙光的光强弱D.甲光对应的光电子最大初动能大于丙光对应的光电子最大初动能【答案】B【解析】根据eU截＝mvm2＝hγ−W，入射光的频率越高，对应的截止电压U截越大。甲光、乙光的截止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等；故A错误。丙光的截止电压大于乙光的截止电压，所以丙光的频率大于乙光的频率，则乙光的波长大于丙光的波长；故B正确。甲光的饱和电流大于乙光，可知甲光的光强大于乙光，选项C错误；丙光的截止电压大于甲光的截止电压，所以甲光对应的光电子最大初动能小于于丙光的光电子最大初动能。故D错误。故选B.点睛：解决本题的关键掌握截止电压、截止频率，以及理解光电效应方程eU截＝mvm2＝hγ−W；知道最大初动能取决于入射光的频率；饱和光电流取决于光强.10.用光子能量为E的单色光照射容器中处于基态的氢原子，停止照射后，发现该容器内的氢能释放出三种不同波长的光子，它们的波长由短到长依次为A.B.C.D.【答案】AC【解析】由题意可知，氢原子吸收能量后跃迁到第三能级，则吸收的能量等于n=1和n=3能级间的能级差，即单色光的能量也就是辐射光子的最大能量为：Emax=hv1=．又hv1=hv2+hv3=．最小能量为：Emin=hv3=，故答案为A、B.11.矩形滑块由不同材料的上下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v水平射入滑块，若射击下层，子弹刚好不射出；如图甲所示，若射击上层，则子弹刚好能射入一半厚度，如图乙所示，子弹可看作质点，上述两种情况相比较A.子弹对滑块的冲量不一样大B.子弹对滑块做功一样多C.系统产生的热量一样多D.子弹和滑块间的水平作用力一样大【答案】BC【解析】设子弹的质量是m，初速度是v0，滑块的质量是M，选择子弹的初速度的方向为正方向，根据动量守恒知道最后物块获得的速度（最后物块和子弹的公共速度）v．则：mv0=（m+M）v；所以，可知两种情况下木块得到的速度是相同的，根据动量定理可知，两种情况子弹对滑块的冲量一样大，故A错误；滑块的末速度是相等的，所以获得的动能是相同的，根据动能定理，物块动能的增量是子弹做功的结果，所以两次子弹对物块做的功一样多，故B正确；子弹嵌入下层或上层过程中，系统产生的热量都等于系统减少的动能，而子弹减少的动能一样多（子弹初末速度相等）；物块能加的动能也一样多，则系统减少的动能一样，故系统产生的热量一样多。故C正确；子弹嵌入下层或上层过程中，系统产生的热量都等于系统减少的动能，即Q=f•s相对，由于两种情况相比较子弹能射穿的厚度不相等，即相对位移s相对不相等，所以两种情况下子弹和滑块间的水平作用力不一样大，故D错误；故选BC.点睛：此题考查动量守恒、动能定理和能量守恒等内容，要知道子弹嵌入滑块的过程，符合动量守恒，所以最后它们的速度是相同的，利用动能定理或者是能量守恒得出系统产生的热能是相等的．12.质量为m的小球A以速度在光滑水平面上运动，与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小和小球B的速度大小可能为A.B.C.D.【答案】AD【解析】若碰后A球速度方向和原来一致，根据动量守恒得：mv0=mvA+2mvB…①根据碰撞过程系统的总动能不增加，即：mv02≥mvA2+•2mvB2…②点睛：对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．13.用如图所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为2.5eV的光照射到光电管上，电流表G的读数为0.2mA，移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为零，，则下列判断正确的是A.光电管阴极的逸出功为1.8eVB.光电子的最大初动能为0.7eVC.断开开关K，增大光照强度，电流表的示数保持不变D.断开开关K，如果改用频率为的光子照射【答案】AB【解析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据，则逸出功为W逸出功=2.5eV-0.7eV=1.8eV，故AB正确。当S断开后，因光电子有初动能，则会运动到阳极，从而形成电流。故B正确。断开开关K，，因光子能量不变，增大光照强度，则光电子的最大初动能仍不变，仍有光电子逸出，且单位时间逸出光电子的数量增加，电流表会发生变化，故C错误。频率为的光子能量为,则如果改用频率为4×10-14Hz的光子照射时不能发生光电效应，从而无光电流产生，选项D错误；故选AB.点睛