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11．(2014·高考上海卷)下列试剂不会因为空气中的氧气而变质的是()A．过氧化钠B．氢硫酸C．硫酸亚铁D．苯酚解析：选A。A.过氧化钠和空气中二氧化碳、水蒸气反应而变质(2Na2O2＋2CO2===2Na2CO3＋O2、2Na2O2＋2H2O===4NaOH＋O2↑)，与氧气无任何关系，A符合题意；B.氢硫酸易被空气中的氧气氧化而变质(2H2S＋O2===2S↓＋2H2O)，B不符合题意；C.硫酸亚铁中的铁元素是＋2价，易被空气中的氧气氧化生成Fe3＋而变质，C不符合题意；D.苯酚中的酚羟基易被空气中的氧气氧化而显粉红色，D不符合题意。2．(2014·高考江苏卷)(双选)去甲肾上腺素可以调控动物机体的植物性神经功能，其结构简式如图所示。下列说法正确的是()A．每个去甲肾上腺素分子中含有3个酚羟基B．每个去甲肾上腺素分子中含有1个手性碳原子C．1mol去甲肾上腺素最多能与2molBr2发生取代反应D．去甲肾上腺素既能与盐酸反应，又能与氢氧化钠溶液反应解析：选BD。A.和苯环直接相连的羟基才是酚羟基，每个去甲肾上腺素分子中含有2个酚羟基，A选项错误；B.一个碳原子连有4个不同的原子或原子团，这样的碳原子是手性碳原子，故和苯环直接相连的碳原子为手性碳原子，B选项正确；C.溴水能和酚羟基的邻对位上的H原子发生取代反应，且1molBr2取代1molH原子，苯环上有3个位置可以被取代，C选项错误；D.去甲肾上腺素分子中既有—NH2又有酚羟基，因此既能和盐酸反应，又能和氢氧化钠溶液反应，D选项正确。3．(2013·高考重庆卷)有机物X和Y可作为“分子伞”给药载体的伞面和中心支撑架(未表示出原子或原子团的空间排列)。2X(C24H40O5)H2NCH2CH2CH2NHCH2CH2CH2CH2NH2Y下列叙述错误的是()A．1molX在浓硫酸作用下发生消去反应，最多生成3molH2OB．1molY发生类似酯化的反应，最多消耗2molXC．X与足量HBr反应，所得有机物的分子式为C24H37O2Br3D．Y与癸烷的分子链均呈锯齿形，但Y的极性较强解析：选B。根据官能团决定物质性质分析X、Y的性质。A.X的结构中含有3个醇羟基，且邻位碳原子上均有H原子，都能发生消去反应。B.Y中的2个氨基和1个亚氨基能与3个羧基发生类似酯化的反应。C.X的分子式为C24H40O5，与HBr反应，是3个Br原子取代3个—OH，产物的分子式为C24H37O2Br3。D.饱和碳链都是呈锯齿状的，但癸烷的对称程度较好，而Y的结构由于含有N原子而对称程度差(可由NH3的三角锥形分析)，极性较强。4．(2014·高考山东卷)3-对甲苯丙烯酸甲酯(E)是一种用于合成抗血栓药的中间体，其合成路线如下：已知：HCHO＋CH3CHO―――――→OH－，△CH2===CHCHO＋H2O(1)遇FeCl3溶液显紫色且苯环上有两个取代基的A的同分异构体有________种。B中含氧官能团的名称为________。3(2)试剂C可选用下列中的________。a．溴水b．银氨溶液c．酸性KMnO4溶液d．新制Cu(OH)2悬浊液(3)是E的一种同分异构体，该物质与足量NaOH溶液共热的化学方程式为_____________________________________________________________________________________________________________________________。(4)E在一定条件下可以生成高聚物F，F的结构简式为______________________。解析：理解新信息是关键。新信息中发生的反应是甲醛断开碳氧双键，乙醛断开αC—H键，发生了加成反应，后再发生消去反应。由此可知B的结构简式为，所含官能团为醛基和碳碳双键；B→D是—CHO生成了—COOH，D→E是发生了酯化反应。(1)“遇FeCl3溶液显紫色”说明含有酚羟基；A中的醛基是不饱和的，故结构中应还含有—CH===CH2，在苯环上有邻、间、对3种同分异构体。(2)将—CHO氧化成—COOH的试剂可以是银氨溶液或新制Cu(OH)2悬浊液，但不能用酸性KMnO4溶液，它能将碳碳双键也氧化；也不能用溴水，它能与碳碳双键加成。(3)1mol水解时消耗1molH2O，生成的酚和羧酸消耗2molNaOH的同时生成2molH2O，故反应方程式为4(4)E中含有碳碳双键，能够发生加聚反应生成答案：(1)3醛基(2)bd(3)(4)