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绝密★启用前2020年山东新高考全真模拟卷（九）化学（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16Na-23Mg-24Al-27S-32Cl-35.5Ti-48Fe-56Cu-64第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题：本题共10个小题，每小题2分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．《中国诗词大会》不仅弘扬了中国传统文化，还蕴含着许多化学知识，下列诗词分析不正确的是（）A．绘制《山水画》所用的纸和墨的主要成分都是有机物B．刘禹锡诗句“千淘万漉虽辛苦，吹尽狂沙始到金”，金性质稳定，可通过物理方法得到C．王安石诗句“爆竹声中一岁除，春风送暖入屠苏”，爆竹的燃放涉及化学反应D．曹植诗句“煮豆燃豆萁，豆在釜中泣”，这里的能量变化主要是化学能转化为热能【答案】A【解析】A、纸的主要成分是纤维素，是有机物，墨的主要成分是炭黑，是无机物；B、金性质稳定，而且金的密度比沙子的密度大，可通过淘洗的方法得到；C、爆竹里有易燃物，燃放时发生了氧化还原反应，涉及化学反应；D、烧豆萁时化学能转化为热能。2．对二甲苯()的二氯代物(不考虑立体异构)共有()A．4种B．6.种C．7种D．9种【答案】C【解析】对二甲苯的二氯代物，①当两个氯取代甲基上的H时有2种结构；②当有一个氯取代甲基上的H，另外一个氯取代苯环上的H，苯环上可以有邻、间2种位置，故二氯代物有2种结构；③当2个氯都取代苯环上的H时，采用定一议二的方法，当其中一个氯在甲基的邻位时，另外一个氯还有3种位置，故此二氯代物有3种结构；综上所述，二氯代物的结构有2+2+3=7种，答案选C。3．目前，科学家发现在负压和超低温条件下，可将水形成像棉花糖一样的气凝胶的冰，该冰称为“气态冰”。下列说法不正确的是A．该冰具有丁达尔效应B．“气态冰”与普通冰化学性质相同C．18g“气态冰”的在标况下体积等于22.4LD．构成“气态冰的分子为极性分子【答案】C【解析】A．该“气态冰”是像棉花糖一样的气凝胶，因此具有胶体的丁达尔效应，A正确；B．“气态冰”与普通冰一样都是由H2O分子构成，因此物质的化学性质相同，B正确；C．18g“气态冰”的物质的量是1mol，由于状态为固态，所以不能使用气体摩尔体积计算，C错误；D．构成“气态冰的分子是H2O，由于H2O分子中O原子上有孤电子对，所以分子为极性分子，D正确；选C。4．设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是()A．25℃pH＝12的Na2CO3溶液中含有OH－的数目为0.01NAB．标准状况下，22.4L乙烯中含有极性键数目为4NAC．1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NAD．在铜与硫的反应中，1mol铜失去电子数为2NA【答案】B【解析】缺少溶液体积，无法计算氢氧根离子数目，故A错误；标准状况下，22.4L乙烯为1mol，含有4molC—H，故B正确；苯乙烯分子中只含1个碳碳双键，因此1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为NA，故C错误；在铜与硫的反应中，铜由0价到＋1价，故1mol铜失去电子数为NA，故D错误。5．某研究性小组为了探究石蜡油分解产物，设计了如下实验方案。下列说法错误的是()A．碎瓷片有催化和积蓄热量的作用B．结束反应时，先撤出导管，再停止加热C．石蜡油是液态烷烃D．B、C中溶液均褪色，反应类型相同【答案】D【解析】本题考查化学实验方案的设计与评价。石蜡油在碎瓷片催化作用下发生裂化反应，生成物中含有烯烃。把生成物通入酸性高锰酸钾溶液中，发生氧化反应，溶液褪色；通入溴的四氯化碳溶液中，发生加成反应，溶液褪色。装置A中碎瓷片有催化和积蓄热量的作用，有助于石蜡油分解，A正确；结束反应时，应先撤出导管，再停止加热，防止因温度变化出现倒吸现象，B正确；石蜡油是17个碳原子以上的液态烷烃混合物，C正确；装置B中酸性高锰酸钾溶液褪色是因为与分解生成的烯烃发生氧化还原反应，装置C中溴的四氯化碳溶液褪色是因为与分解生成的烯烃发生加成反应，反应类型不相同，D错误。6．二茂铁分子[Fe（C5H5）2]是一种金属有机配合物，是燃料油的添加剂，用以提高燃烧的效率和去烟，可作为导弹和卫星的涂料等．它的结构如图所示，下列说法正确的是（）A．二茂铁中Fe2+与环戊二烯离子（C5H5﹣）之间为离子键B．Fe元素在周期表中的位置是第四周期ⅧAC．Fe2+的电子排布式为1s22s22p63s23p63d6D．1mol环戊二烯（）中含有σ键的数目为5NA，π键的数目是2NA【答案】C【解析】A、二茂铁分子[Fe（C5H5）2]是一种金属有机配合物，Fe2+与环戊二烯离子（C5H5﹣）之间存在配位键，故A错误；B、Fe元素在周期表中的位置是第四周期Ⅷ族，故B错误；C、Fe2+的电子排布式为1s22s22p63s23p63d6，故C正确；D、一个环戊二烯（）中含有9个单键，2个双键，所以一个环戊二烯（）中含有9个单键，2个双键，中含有11个σ键和2个π键，1mol环戊二烯（）中含有σ键的数目为11NA，π键的数目是2NA，故D错误；7．化合物X是一种药物中间体，其结构简式如图所示。下列有关该化合物的说法错误的是（）A．X既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应B．X分子中有6个手性碳原子C．分子式为C27H29NO10D．分子中有4种含氧官能团【答案】D【解析】A．含有羧基，可与氢氧化钠溶液反应，含有氨基，可与盐酸反应，故A正确；B．手性碳原子连接不同的原子或原子团，该有机物含有6个手性碳原子，如图所示，故B正确；C．由结构简式可知分子式为C27H29NO10，故C正确；D．含有的含氧官能团有羰基、醚键、羟基和羧基，其中羟基有酚羟基和醇羟基，应有5种，故D错误。8．短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次递增，其中Y与Z同主族。X与Y、Z与W均可形成如图所示的分子结构，且Z与W形成的分子中所有原子最外层均满足8电子稳定结构。下列说法中正确的是A．原子半径：WZYXB．气态氢化物热稳定性：YZWC．元素Z和W均存在两种以上的含氧酸D．X2Y2是非极性分子【答案】C【解析】X与Y可形成如图所示的分子结构为过氧化氢，则X为H、Y为O，因为Y与Z同主族，则Z为S，因为短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次递增，W为Cl。A、原子核外电子层数越多，半径越大，电子层数相同时，核电荷数越大，半径越小，故原子半径的大小顺序为Z＞W＞Y＞X，错误；B、原子的非金属性越强，其对应气态氢化物的稳定性越强，故气态氢化物热稳定性大小顺序为W＞Y＞Z，错误；C、元素Z和W均有多种正价态，故均存在两种以上的含氧酸，正确；D、由图可知H2O2是极性分子，错误。9．某科学兴趣小组查阅资料得知，反应温度不同，氢气还原氧化铜的产物就不同，可能是Cu或Cu2O，Cu和Cu2O均为不溶于水的红色固体，但氧化亚铜能与稀硫酸反应，化学方程式为：Cu2O＋H2SO4=CuSO4＋Cu＋H2O，为探究反应后的红色固体中含有什么物质？他们提出了以下假设：假设一：红色固体只有Cu假设二：红色固体只有Cu2O假设三：红色固体中有Cu和Cu2O下列判断正确的是()A．取少量红色固体，加入足量的稀硫酸，若溶液无明显现象，则假设一和二都成立B．若看到溶液变成蓝色，且仍有红色固体，则只有假设三成立C．现将7.2克红色固体通入足量的H2还原，最后得到固体6.4克，则假设二成立D．实验室可以用葡萄糖和新制的含NaOH的Cu(OH)2沉淀，加热后制取Cu2O【答案】C【解析】A、取少量红色固体，加入足量的稀硫酸，若溶液无明显现象，说明红色固体中不含氧化亚铜，则假设一成立，错误；B、若看到溶液变成蓝色，说明红色固体中含有氧化亚铜，仍有红色固体，不能说明红色固体中含有铜，因为氧化亚铜和稀硫酸反应也能生成铜，则假设二或三成立，错误；C、假设红色固体只有Cu2O，则7.2gCu2O的物质的量为0.05mol，和H2反应后生成铜的物质的量为0.1mol，质量为6.4g，所以假设成立，正确；D、实验室可以用葡萄糖和新制的含NaOH的Cu(OH)2悬浊液，加热后制取Cu2O，错误。10．一种制备高效漂白剂NaClO2的实验流程如图所示，反应I中发生的反应为3NaClO3＋4SO2＋3H2O===2ClO2＋Na2SO4＋3H2SO4＋NaCl，下列说法中正确的是()A．反应Ⅱ中H2O2做还原剂B．产品中含有SO2－4、Cl－C．NaClO2的漂白原理与SO2相同D．实验室进行结晶操作通常在坩埚中进行【答案】A【解析】A．反应I中发生的反应为3NaClO3＋4SO2＋3H2O===2ClO2＋Na2SO4＋3H2SO4＋NaCl，反应产生的ClO2气体进入反应II装置，发生反应：2ClO2＋H2O2＋2NaOH===2NaClO2＋O2＋2H2O，H2O2中氧元素的化合价由反应前的－1变为反应后中O2中的0价，化合价升高，失去电子，H2O2作还原剂，A正确；B．反应Ⅱ是在NaOH溶液中进行，操作过程没有经过洗涤步骤，因此得到的NaClO2中可能混有NaOH引入杂质离子OH－，不可能含SO2－4、Cl－，B错误；C．NaClO2中Cl元素化合价为＋3价，该物质具有强的氧化性，因而具有漂白性，NaClO2的漂白是氧化漂白；而SO2能与某些有色物质结合，产生不稳定的无色物质，因此二者的漂白原理不相同，C错误；D．实验室进行结晶操作通常在蒸发皿中进行，坩埚是灼烧使用的仪器，D错误；故本题合理选项是A。二、选择题：本题共5小题，每题4分，共20分。每小题有一个或两个选项符合题意，全选对得4分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。11．宝鸡被誉为“青铜器之乡”，出土了大盂鼎、毛公鼎、散氏盘等五万余件青铜器。研究青铜器(含Cu、Sn等)在潮湿环境中发生的腐蚀对于文物保护和修复有重要意义。下图为青铜器在潮湿环境中发生电化学腐蚀的原理示意图，下列说法不正确的是()A．青铜器发生电化学腐蚀，图中c作负极，被氧化B．负极发生的电极反应为O2＋4e－＋2H2O===4OH－C．环境中的Cl－与正、负两极反应的产物作用生成a的离子方程式为2Cu2＋＋3OH－＋Cl－===Cu2(OH)3Cl↓D．若生成0.2molCu2(OH)3Cl，则理论上消耗的O2体积为4.48L【答案】BD【解析】根据图知，氧气得电子生成氢氧根离子、Cu失电子生成铜离子，发生吸氧腐蚀，则Cu作负极被氧化，腐蚀过程中，负极是c，发生氧化反应，A正确；B、氧气在正极得电子生成氢氧根离子，电极反应式为：O2＋4e－＋2H2O===4OH－，B错误；C、多孔粉状锈Cu2(OH)3Cl为固体，故生成Cu2(OH)3Cl的离子方程式为：2Cu2＋＋3OH－＋Cl－===Cu2(OH)3Cl↓，C正确；D、不确定氧气是否在标准状况下，则不能计算氧气的体积，D错误，答案选D。12．Fe3O4中含有、，分别表示为Fe（Ⅱ）、Fe（Ⅲ），以Fe3O4/Pd为催化材料，可实现用H2消除酸性废水中的致癌物NO2﹣，其反应过程示意图如图所示，下列说法不正确的是（）A．Pd上发生的电极反应为：H2﹣2e﹣⇌2H+B．Fe（Ⅱ）与Fe（Ⅲ）的相互转化起到了传递电子的作用C．反应过程中NO2﹣被Fe（Ⅱ）还原为N2D．用该法处理后水体的pH降低【答案】D【解析】A、由图可知Pd上氢气得电子生成氢离子，所以电极反应为：H2﹣2e﹣⇌2H+，故A正确；B、Fe（Ⅲ）得电子生成Fe（Ⅱ），Fe（Ⅱ）失电子生成Fe（Ⅲ），则Fe（Ⅱ）与Fe（Ⅲ）的相互转化起到了传递电子的作用，故B正确；C、由图可知反应过程中NO