2019届吉林省松原高中高三物理一模试题一答案

海量资源尽在星星文库：届吉林省松原高中高三物理一模试题（一）答案一、选择题（本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项是符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．【答案】D【解析】动能相等的质子和电子，因质子质量比电子质量大得多，依据动能，则质子和电子动量不相等，再根据德布罗意波长公式，可知一个电子的德布罗意波长和一个质子的波长不相等，故A错误；铀核需要俘获一个慢中子才能发生裂变，其中的一种核反应方程，故B错误；根据爱因斯坦质能方程可知，设质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，两个质子和两个中子结合成一个α粒子，释放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2，故C错误；原子在a、b两个能量级的能量为Ea、Eb，且Ea＞Eb，当原子从a能级跃迁到b能级时，放出光子的能量为，所以光子的波长，故D正确。2．【答案】B【解析】在t＝0时，甲的速度为正，乙的速度为负，说明甲、乙的运动方向相反，故A错误；根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的面积表示位移为正，下方的表示位移为负，则知在0～2t0内，乙的位移小于甲的位移，则乙的平均速度小于甲的平均速度，故B正确，C错误；若甲、乙从同一位置出发，甲一直沿正向运动，乙先沿负向运动，两者距离增大，后沿正向，在t0时刻前甲的速度大于乙的速度，两者间距增大，t0时刻后乙的速度大于甲的速度，两者间距减小，所以t0时刻相距最远，故D错误。3．【答案】C【解析】若用锤子敲击A球，两球组成的系统动量守恒，当弹簧最短时，两者共速，则，解得，弹性势能最大，最大为；若用垂直敲击B球，同理可得，2k2PEmhP235114192192056360UnBaKr3nabhcEEEabhcEE()AABmvmmvAABmvvmm222p11()222()ABAABABmmvEmvmmvmm()BABmvmmv海量资源尽在星星文库：解得，弹性势能最大为，即两种情况下弹簧压缩最短时，弹性势能相等，故L1＝L2，C正确。4．【答案】D【解析】导体棒中的电流，故A错误；由左手定则知，导体棒受的安培力向左，则弹簧长度减小，由平衡条件，，解得，故B、C错误；电容器上的电压等于导体棒两端的电压，，故D正确。5．【答案】D6．【答案】AD【解析】卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，即GMmR2＝mv2R＝mR2πT2，得v＝GMR，T＝2πR3GM，由于RARB可知，TATB，vAvB，由于两卫星的质量相等，因此EkAEkB，A项正确，B项错误；由开普勒第三定律可知，R3AT2A＝R3BT2B，D项正确；卫星与地心的连线在t时间内扫过的面积S＝tTπR2＝tGMR2，可见轨道半径大的卫星与地心的连线在单位时间内扫过的面积大，C项错误。7．【答案】CD【解析】当S接通时，电路中总电阻减小，交流电源不变，线圈匝数不变，故副线圈两端MN输出电压不变，输电线上电流增大，副线圈输电线等效电阻R上的电压增大，灯泡L1两端电压减小，通过灯泡L1的电流减小，选项A、B错误，选项C正确；当S接通时，副线圈输出功率增大，原线圈输入功率增大，电流表的示数增大，选项D正确。8．【答案】ABC【解析】假设物体与滑板相对静止，向右的加速度为a，则F－μ(m＋M)g＝(M＋m)a，解得a＝32m/s2，由于μFN＝μma＞mg，所以假设成立，滑板撞到障碍物前物块的加速度为32m/s2，选项A正确。设滑板撞到障碍物时的速度大小为v1，则v12＝2ax，v1＝8m/s；撞到障碍物后物块做平抛运动，有：，vy＝gt，，解得：t＝0.6s，v＝10m/s，BABmvvmm222p11()222()ABBABABmmvEmvmmvmm1EIRrBILkx1()BLExkRr1()ECrQCUkRr212hgt221yvvv海量资源尽在星星文库：正确。物块从平抛到落地时的水平位移x1＝v1t＝4.8m；设滑板运动的加速度为aʹ，则有μMg＝Maʹ，aʹ＝4m/s2，滑板停止运动的时间s，物块落地时，板尚未停止运动，则物块落地时滑板向左运动的距离m，物块落地时到B的距离为x＝x1＋x2＝8.88m，选项C正确，D错误。二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题～第14题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)9．【答案】(1)10.50(2)(3)10．【答案】(1)如图甲所示(2)0.100.602.52如图乙所示(3)0.32【解析】(1)要使电阻器两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，该同学采用电流表内接法，电路如图实甲所示。(2)电压表的示数减去电流表的分压即为电阻器两端的电压：UR＝U－Ir，数据如下表。UR/V0.100.200.350.600.901.452.052.52电阻器的伏安特性曲线如图乙所示。(3)由UR＋I(r＋R0)＝E作出U－I图象，如图乙中直线所示，由交点可得电压UR＝0.9V，电流I＝0.35A，所以实际功率P＝UI＝0.32W。11．【解析】(1)设a球经C点时速度为vC，a球下滑过程机械能守恒，则由机械能守恒得：解得：即a与b球碰前的速度为。(2)设b球碰后的速度为v，a、b两球碰撞过程系统动量守恒，以a球的初速度方向为正方向，由动量守恒得：mvC＝(m＋m)v12vta22114.082xvtat22222BAmddmgHtt212Cmghmv2Cvgh2gh海量资源尽在星星文库：摆动时，若细绳拉力为T，由牛顿第二定律得：联立解得：T＝3mg＞2.8mg，细绳会断裂。12．【解析】(1)由题意可得小球带正电，管向下运动的过程中，小球受到向右的洛伦兹：F＝qv0B＝max小球在竖直方向随管一起运动，vy＝v0，小球从管中射出时：水平方向：竖直方向：y＝vyt＝v0t＝2l联立解得：vx＝v0出射时小球的速度大小方向与x轴成45°斜向下。(2)小球在电场中做匀速运动，则所受电场力和重力相等：Eq＝mg小球在管中沿x方向做匀加速直线运动有：联立解得：解得：。(3)N做自由落体运动，相遇即两球位置坐标相等，由题意得，小球射出后，向右水平移动2l，竖直移动2l，即相遇时N的竖直位移yN＝5l＋2l＝7l对N有：对M有：yM＝v0t＝4l联立解得：。(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)13.[选修3－3](15分)(1)【答案】BDE222vTmgmh21122xxxatvtl2202xyvvvv202xval002xvBmBlqav02BglEv212Nygt087glv海量资源尽在星星文库：【解析】同种物质在不同条件下所生成的晶体的微粒都按不同的规律排列，显示出不同的性质，如金刚石和石墨，故A错误；根据热力学第二定律知，热量只能够自发地从高温物体传到低温物体，但也可以通过热机做功实现从低温物体传递到高温物体，故B正确；因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，但它不是分子的热运动，它反映了液体分子无规则的热运动，故C错误；利用阿伏伽德罗常数，气体的摩尔质量和密度，可以估算出气体分子间的平均距离，故D正确；当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，单位时间内从水中出来的水分子和从空气进入水中的水分子个数相等，达到一种动态平衡，故E正确。(2)【解析】(i)为研究对象，可知稳定平衡时，汽缸受力平衡：①解得：②(ii)取汽缸中封闭气体为研究对象，初始状态：，末状态：，③气体经历等温变化，由玻意耳定律可得④得：⑤对活塞分析可得：⑥解得：⑦汽缸下降的距离⑧14.[选修3－4](15分)(1)【答案】BCE(2)【解析】(i)由可知，光在水中的速度为：光在玻璃中的速度为：。(ii)如图所示，光恰好在水和空气的分界面发生全反射时：0mgpSpS0mgppS10pp1VSh2pp2VSh1122pVpV00pShhpSmg0pSpSkxmgxk0()mgmglhhxhmgpSkcnv34cvcn水水23cvcn玻玻13sin4Cn水海量资源尽在星星文库：在玻璃与水的分界面上，有：解得：由几何关系知，光斑的半径R＝dtanθ＋2dtanC又，故。sinsinnCn玻水2sin32sinsin25tancos51sinsin37tansin7CCC2567+57Rd