2019届黑龙江高考模拟精编大考卷一物理试卷答案

详解答案模拟精编大考卷(一)　物理１．D　电学中引入了点电荷的概念,是突出了带电体的带电量,忽略带电体本身的形状和大小,用点电荷来代替带电体的方法叫理想化模型法,选项A错误;在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移,采用了微元法,选项B错误;电容C＝QU是采用比值法定义的,而a＝Fm是加速度的决定式,选项C错误;根据速度定义式v＝ΔxΔt,当Δt非常小时,ΔxΔt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义应用了极限思维方法,选项D正确．２．B　由爱因斯坦光电效应方程Ek＝hν－W０可知,同种金属发生光电效应时W０相同,故Ek与ν成线性关系,A正确;由核反应方程可知,铀核(２３８９２U)衰变为铅核(２０６８２Pb)的过程中,要经过８次α衰变和６次β衰变,B错误;大量处于n＝４激发态的氢原子向低能级跃迁时,最多可产生C２４＝６种不同频率的光子,C正确;质子(１０H)和中子(０１n)结合成氘核(２１H)属于轻核聚变,故要放出能量,D正确．３．D　若不计空气阻力,则小球开始下落后,先做匀加速直线运动,与地面碰撞后做竖直上抛运动(匀减速直线运动),加速度不变,若考虑空气阻力,下落过程中,速度越来越大,则空气阻力越来越大,根据牛顿第二定律可知,加速度越来越小且小于g,与地面碰撞后,速度越来越小,则空气阻力越来越小,加速度也越来越小且大于g,根据速度时间图象的斜率表示加速度可知,D正确．４．A　A、B的周期相同,角速度相等,靠相互的引力提供向心力,有:GMAMBL２＝MArA４π２T２,①GMAMBL２＝MBrB４π２T２,②有MArA＝MBrB,rA＋rB＝L,解得rA＝MBMA＋MBL＝３６３６＋２９L＝３６６５L,由①得,T＝４π２L３×３６６５GMBf＝１T＝GMB４π２L３×６５３６≈１．６６×１０２Hz,故选A．５．B　小球做平抛运动,竖直方向有h＝１２gt２,即t＝２hg,小球落在b点比落在c点竖直方向下落的高度更大,故小球落在b点的飞行时间长,A项错误;设斜面的顶角为θ,斜面顶点到小球落点的距离为x,则水平方向有xsinθ＝v０t,竖直方向有xcosθ＝１２gt２,联立以上两式,解得t＝２v０gtanθ,故小球落在a点和b点的飞行时间均与初速度v０成正比,B项正确;小球做平抛运动的过程中,加速度均为g,即速度变化快慢与落点无关,C项错误;因为速度变化量Δv＝gt,小球落在c点飞行时间最短,故落在c点飞行过程中速度变化量最小,D项错误．６．B　画出粒子运动轨迹如图所示．由图中几何关系可知,粒子运动的轨迹半径等于R,由qvB＝mv２R可得v＝qBRm,选项B正确．７．AB　由于导线静止时绝缘细线与竖直方向的夹角相等．则两根导线质量相等,通入的电流方向相反．若所加磁场方向沿z轴正向,由左手定则可知,两根导线可能分别受到指向中间的安培力,夹角变小,A对．若所加磁场方向沿z轴负向,同理夹角可能变小,B对．若所加磁场方向沿y轴正向,两根导线分别受到沿z轴正向和沿z轴负向的安培力,受到沿z轴正向安培力的导线的绝缘细线与竖直方向的夹角将变大,受到沿z轴负向安培力的导线的绝缘细线与竖直方向的夹角将变小,C错．若所加磁场方向沿y轴负向,同理可知D错．８．BD　根据题述,轻质弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等,可知其形变量相等,弹簧的弹性势能相等．在小球由A运动到B的过程中,机械能守恒,到达B点时动能一定不为零,在B点的速度不可能为零,选项A、C错误．小球在A点,所受弹簧弹力倾斜向上,向下运动到弹簧与杆垂直时,小球所受弹簧弹力等于竖直杆的弹力,此时小球加速度为g．继续向下运动,小球所受弹簧弹力方向先倾斜向下后倾斜向上,一定有弹簧弹力为零的时刻,即一定有只受重力,小球加速度为g的位置,所以加速度等于重力加速度g的位置有两个,选项B正确．由于A、B两位置,弹簧的弹性势能相等,所以弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功,选项D正确．９．CD　由ω＝２πf得,交流电的频率f＝５０Hz,流过灯泡L的交变电流频率跟变压器的原、副线圈匝数比无关,为５０Hz,选项A错误;由U１U２＝n１n２得,n１、n２不变,因U１不变,故U２不变,将R的滑片向上滑,滑动变阻器接入电路中的阻值增大,副线圈中的电流I２减小,定值电阻R０两端的分压减小,故灯泡L两端的电压增大,灯泡L亮度变亮,选项B错误;将R的滑片向下滑稍许,滑动变阻器接入电路中的阻值减小,副线圈中的电流I２增大,定值电阻R０两端的电压增大,故灯泡L两端的电压减小,灯泡L亮度变暗,变压器的输出功率P２＝U２I２变大,故变压器的输入功率P１变大,选项C、D正确．１０．CD　当F＝０时,mg＝mv２R,v＝gR,即b＝gR,解得g＝bR,选项A错误;当v２＞b时,杆对小球的弹力方向向下,选项B错误;当v２＝２b时,FN＋mg＝mv２R,解得FN＝mg,选项C正确;根据图象,a＝mg,而g＝bR,所以m＝aRb,选项D正确．１１．(１)dΔt１　dΔt２()２－dΔt１()２２L　８．１５(２)高度h使Mh保持不变解析:(１)极短时间内的平均速度表示瞬时速度,则滑块经过光电门１时的速度表达式v１＝dΔt１,经过光电门２时的速度表达式v２＝dΔt２．根据运动学公式得滑块加速度的表达式a＝dΔt２()２－dΔt１()２２L．游标卡尺的固定刻度读数为８mm,游标尺读数为０．０５×３mm＝０．１５mm,所以最终读数为８mm＋０．１５mm＝８．１５mm．(２)滑块的合力F合＝Mghx,在实验过程中,当改变滑块质量M时,通过改变高度h使Mh保持不变,保证滑块受到的合力大小不变．１２．(１)２０．０　(２)R１R２R　(３)１２．６解析:(１)游标卡尺的主尺读数为:２．０cm＝２０mm,游标尺上第０个刻度和主尺上刻度对齐,所以最终读数为:２０．０mm;(２)设把S拨到１位置时,电压表V１示数为U,则此时电路电流为UR１,总电压U总＝URxR１＋U,若把S拨到２位置,调整电阻箱阻值,使电压表V２示数与电压表V１示数相同也为U,则此时电路中的电流为UR;􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋—７９—详解答案总电压U总′＝UR􀅰R２＋U,由于两次总电压相等,都等于电源电压E,可得RxR１＝R２R,解得Rx＝R１R２R;(３)从图丙中知R＝１×１０３Ω时,１L＝５．０m－１,此时玻璃管内水柱的电阻Rx＝R１R２R＝８０００Ω,水柱横截面积S＝π(d２)２＝３．１４×１０－４m２,由电阻定律R＝ρLS得ρ＝RSL＝８０００×３．１４×１０－４×５Ω􀅰m≈１２．６Ω􀅰m．１３．(１)０．６s　(２)８m/s２　２．５s解析:(１)汽车在反应时间内做匀速直线运动,由图可知,反应时间内的位移x１＝１２m,速度v＝７２km/h＝２０m/s,反应时间t１＝x１v＝１２２０s＝０．６s．(２)开始刹车时,速度v＝７２km/h＝２０m/s,刹车过程的位移x２＝(３７－１２)m＝２５m,根据匀变速直线运动的速度位移关系为v２＝２ax２,可得刹车时的加速度大小a＝v２２x２＝２０２２×２５m/s２＝８m/s２,根据速度—时间关系知,刹车的时间t２＝va＝２０８s＝２．５s．１４．(１)v２＋gR　(２)１２mv２＋１２mgR－mgh(３)mgh－R２()－１２mv２解析:(１)小球从A到B运动的过程中,设电场力做功为WF,则由动能定理可得mg(h－R􀅰sin３０°)＋WF＝１２mv２－０从A到C:mgh＋WF＝１２mvC２联立以上两式可得vC＝v２＋gR．(２)小球由A到C电场力做功WF＝１２mv２＋１２mgR－mgh．(３)小球由A到C机械能的损失量等于除重力以处其他的力(电场力)所做的功的大小,由B到C电场力做功为０,则E损＝mgh－R２()－１２mv２．１５．(１)０．５A　方向为a→b→p→M→a(２)０．１N,方向水平向左　(３)０．２５J解析:(１)前３s内,由图象可知ΔBΔt＝０．１T/sI＝ER＋rE＝ΔBSΔtS＝Ld各式联立并代入数据得I＝０．５A电路中电流方向为由a→b→P→M→a．(２)设ab棒向右运动且位移x１＝６．４m时,速度为v１,外力F方向水平向左,则F＋F安＋μmg＝maF安＝BI１LE＝BLv１I１＝ER＋rv２０－v２１＝２ax１联立以上各式代入数据得F＝０．１N,方向水平向左(３)前３s内通过电阻R的电量q１＝IΔt撤去外力前,棒发生位移x过程中通过电阻R的电量为q２,棒瞬时速度为v２,则q２＝q－q１q２＝ΔΦΔt(R＋r)ΔtΔΦ＝BLxv２０－v２２＝２ax由能量守恒可得１２mv２２＝２QR＋μmgx２联立各式并代入数据得QR＝０．２５J．１６．(１)CDE　(２)７５cmHg解析:(１)相对湿度是空气中水蒸气的压强与同温度下水蒸气的饱和气压的比值,而绝对湿度是指空气中所含水蒸气的压强,与温度无关,A项错误;温度是分子平均动能的标志,温度相同,不同气体分子具有相同的平均动能,B错;表面张力有使液体表面收缩的趋势,使水滴呈球形,C正确;两分子靠近的过程中,分子力先做正功再做负功,即分子势能先减小后增大,当位于平衡位置时,即分子力为零时,分子势能最小,D项正确;一定质量的气体,等温膨胀时,ΔU＝０,气体对外做功,根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q得,气体需吸收热量,E项正确．(２)上端封闭气体的压强:p１＝p０－ph＝(p０－５)cmHg下端封闭气体的压强:p２＝p０＋ph＝(p０＋５)cmHg设玻璃管横截面积为S,气体发生等温变化,由玻意耳定律得:对上端封闭气体,p１L１S＝p１′L１′S对下端封闭气体,p２L２S＝p２′L２′Sp２′＝p１′＋１５L２′＝L２－３联立解得p０＝７５cmHg．１７．(１)ADE　(２)４０３cm　５９×１０－９s解析:(１)由题意可知,３T＝０．６s,故T＝０．２s,A正确;由v＝λT＝２０．２m/s＝１０m/s可知Δt＝Δxv＝３１０s＝０．３s,故波传播到质点P需要０．３s,B错误;根据题中波形图,质点B沿y轴负方向起振,则后面所有质点都是沿y轴负方向起振,C错误;波传播到质点P处用了０．３s,再经过０．０５s即１４T,质点P沿y轴负方向振动到波谷,D正确;t＝０时质点B刚好起振,经过０．６s即３T时间的振动,通过的路程为s＝３×４A＝１２×２０cm＝２４０cm,E正确．(２)①画出其中一束激光a的光路图如图所示,在界面AC处,a光的入射角r＝３０°由折射定律有n＝sinisinr代入数据求得折射角i＝６０°由几何关系可知,△O１DC也为底角是３０°的等腰三角形,所以DC＝１４ACcos３０°而AC＝１２Lcos３０°＝４０３３cm故两光斑之间的距离l＝２DC＝４０３cm．②激光在玻璃砖中传播的时间t１＝３L１２cn＝１３×１０－９s出射后到达光屏所用时间为t２＝DO１c＝２９×１０－９s,故需要的总时间t＝t１＋t２＝５９×１０－９s．􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋—８９—