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海量资源尽在星星文库：年四川省雅安市高考物理一诊试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中，错误的是（）A．合力与分力的关系体现了等效替换的思想B．库仑扭秤实验和卡文迪许扭秤实验都用了放大的思想C．加速度a＝、电场强度E＝都采用了比值定义法D．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用实验直接验证【分析】合力与分力的关系体现了等效替换的思想；库仑扭秤实验和卡义迪许扭秤实验都用了放大的思想；比值定义法，就是用两个物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法。比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，与定义所用的物理量无关。根据物理量的定义分析是否是比值定义法。【解答】解：A、合力与分力的关系体现了等效替换的思想，故A正确；B、库仑扭秤实验和卡文迪许扭秤实验都用了放大的思想，故B正确；C、加速度a＝、电场强度E＝都采用了比值定义法，故C正确；D、牛顿第一定律是在实验的基础上经逻辑推理而得出的，采用的是实验加推理的方法，反映了物体不受外力时的运动状态，而不受外力的物体不存在的，所以不能用实验直接验证，故D错误；本题选错误的，故选：D。【点评】对于物理学上重要的实验和发现，可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记海量资源尽在星星文库：忆，不能混淆。2．（6分）米歇尔•麦耶和迪迪埃•奎洛兹因为发现了第一颗太阳系外行星﹣飞马座51b而获得2019年诺贝尔物理学奖。飞马座51b与恒星相距为L，构成双星系统（如图所示），它们绕共同的圆心O做匀速圆周运动。设它们的质量分别为m1、m2且（m1＜m2），已知万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．飞马座51b与恒星运动具有相同的线速度B．飞马座51b与恒星运动所受到的向心力之比为m1：m2C．飞马座51b与恒星运动轨道的半径之比为m2：m1D．飞马座51b与恒星运动周期之比为m1：m2【分析】双星具有相同的角速度和周期，靠相互间的万有引力提供向心力，根据向心力相等求出做圆周运动轨道半径关系；根据万有引力提供向心力，结合轨道半径关系求解运行的角速度、周期、线速度之比。【解答】解：BD、双星系统属于同轴转动的模型，具有相同的角速度和周期，两者之间的万有引力提供向心力，故两者向心力相同，故BD错误；C、根据＝，则半径之比等于质量反比，飞马座51b与恒星运动轨道的半径之比，即r1：r2＝m2：m1，故C正确；A、线速度之比等于半径之比，即v1：v2＝m1：m2，故A错误。故选：C。【点评】本题考查了万有引力定律及其应用，解题的关键是理解双星具有相同的角速度和周期，靠相互间的万有引力提供向心力。3．（6分）如图所示，在水平匀强电场中，有一带电粒子（不计重力）以一定的初速度从M点运动到N点，海量资源尽在星星文库：则在此过程中，以下说法中正确的是（）A．电场力对该带电粒子一定做正功B．该带电粒子的运动速度一定减小C．M、N点的电势一定有φM＞φND．该带电粒子运动的轨迹一定是直线【分析】粒子的带电性质未知，电场力方向未知，电场力做功就不确定，沿着电场线的方向电势一定降低，电场力的方向与运动方向不共线，由此可判断轨迹是否是直线。【解答】解：AB、粒子的带电性质不知道，所以受到的电场力方向不确定，电场力可能做正功也可能做负功，则粒子的速度可能增加也可能减小，故AB错误；C、沿着电场线的方向电势一定降低，所以φM＞φN，故C正确；D、粒子只受电场力作用，电场力的方向在水平方向，而粒子的运动方向和水平方向有一夹角，所以粒子不会醉直线运动，故D错误；故选：C。【点评】本题考查了粒子在电场中的运动，知道通过受力的方向与运动方向判断轨迹的方法。4．（6分）雨滴在空中下落的过程中，空气对它的阻力随其下落速度的增大而增大。若雨滴下落过程中其质量的变化及初速度的大小均可忽略不计，以地面为重力势能的零参考面。从雨滴开始下落计时，关于雨滴下落过程中其速度的大小v、重力势能Ep随时间变化的情况，如图所示的图象中可能正确的是（）A．B．海量资源尽在星星文库：．D．【分析】根据牛顿第二定律写出加速度的表达式，来分析加速度的变化，从而得出雨滴的运动特点，以地面为重力势能的零参考面，写出雨滴的重力势能表达式，根据表达式分析重力势能的变化。【解答】解：AB、根据牛顿第二定律得：mg﹣f＝ma，得：a＝，随着速度增大，雨滴受到的阻力f增大，则知加速度减小，雨滴做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，雨滴做匀速直线运动，故v﹣t图象切线斜率先减小后不变，故A错误，B正确；CD、以地面为重力势能的零参考面，则雨滴的重力势能为：Ep＝mgh﹣mg•at2，Ep随时间变化的图象应该是开口向下的，故CD错误；故选：B。【点评】解决本题的关键要能通过牛顿第二定律，根据雨滴的受力情况判断其运动情况，根据表达式分析图象也是常用的思路。5．（6分）“世纪工程”﹣港珠澳大桥已于2018年10月24日9时正式通车，大桥主桥部分由约为6.7km海底隧道和22.9km桥梁构成，海底隧道需要每天24小时照明，而桥梁只需晚上照明。假设该大桥的照明电路可简化为如图所示电路，其中太阳能电池供电系统可等效为电动势为E、内阻为r的电源，电阻R1、R2分别视为隧道灯和桥梁路灯，已知r小于R1和R2，则下列说法正确的是（）A．夜间，电流表示数为海量资源尽在星星文库：．夜间，开关K闭合，电路中电流表、电压表示数均变小C．夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率增大D．当电流表示数为I则太阳能电池供电系统输出电功率为EI【分析】夜间，开关K闭合，电阻R1、R2并联，根据闭合电路欧姆定律求解电流，动态分析电压表和电流表示数变化；根据能量守恒定律可知，用电器增多，消耗功率增大；功率EI是电源的总功率。【解答】解：A、夜间，桥梁需要照明，开关K闭合，电阻R1、R2并联，根据闭合电路欧姆定律可知，电流表示数I＝，故A错误；B、夜间，开关K闭合，总电阻减小，干路电流增大，电路中电流表示数变大，故B错误；C、根据能量守恒定律可知，夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率增大，故C正确；D、当电流表示数为I，则太阳能电池供电系统总功率为EI，输出功率为EI﹣I2r，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了闭合电路欧姆定律的相关知识，属于动态分析问题，解题的关键是分清电路结构，根据欧姆定律分析电表示数的变化。6．（6分）2019年10月1日，在庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵式上，习近平主席乘“红旗”牌国产轿车依次检阅15个徒步方队和32个装备方队（如图甲所示）。检阅车在水平路面上的启动过程如图乙所示，其中Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率P行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，若检阅车的质量为m，行驶过程中所受阻力恒为f，则下列说法正确的是（）海量资源尽在星星文库：．检阅车在t1时刻的牵引力和功率都是最大值，t2～t3时间内其牵引力等于fB．0～t1时间内检阅车做变加速运动C．0～t2时间内的平均速度等于D．t1～t2时间内检阅车克服阻力所做功为P（t2﹣t1）+【分析】由图象可知，检阅车的运动过程为：Oa为匀加速直线运动，ab是恒定功率运动，且加速度在逐渐减小，所以t1时刻牵引力和功率最大，bc是匀速直线运动，t2～t3时间内其牵引力等于f。结合P＝FV和动能定理分析。【解答】解：A、由图象可知，检阅车的运动过程为：Oa为匀加速直线运动，ab是恒定功率运动，且加速度在逐渐减小，所以t1时刻牵引力和功率最大，bc是匀速直线运动，t2～t3时间内其牵引力等于f，故A正确。B、在0～t1时间段，由v﹣t图象知检阅车做匀加速直线运动，故B错误。C、在0～t2时间段，由v﹣t图象可知，检阅车先做匀加速运动再做变加速运动，故此段时间内平均速度大于，故C错误；D、设时间t1～t2内检阅车克服阻力所做功为Wf，由动能定理P（t2﹣t1）﹣Wf＝mv﹣mv，克服阻力所做功为Wf＝P（t2﹣t1）+mv﹣mv，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了功率、机动车启动问题等知识点。解决本题的关键知道当牵引力等于阻力时车做匀速海量资源尽在星星文库：运动。7．（6分）如图所示，两块长方体滑块A和B叠放在倾角为θ的斜面体C上。已知A、B质量分别为m1和m2，A与C的动摩擦因数为μ1，B与A的动摩擦因数为µ2．两滑块AB在斜面体上以相同加速度自由下滑，斜面体C在水平地面上始终保持静止，则下列说法正确的是（）A．斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左B．滑块A与斜面间的动摩擦因数µ1＝tanθC．滑块A受到斜面对其摩擦力的大小为µ1（m1+m2）gcosθD．滑块B所受的摩擦力大小为µ2m2gcosθ【分析】因为AB一起下滑，所以在分析A与C之间作用力的时候，需要把AB看成一个整体，对AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程，很容易解出相关物理量。在判断C与地面之间的摩擦力方向时，需要对C受力分析，进行判断，看C有那个方向的运动趋势。【解答】A、把AB看成一个整体，AB对C的压力在水平方向的分力为Nx＝（m1+m2）gcosθ．sinθ，方向水平向右，AB对C的摩擦力在水平方向的分力为fx＝fcosθ，方向水平向左。因为AB一起加速下滑，所以（m1+m2）gsinθ＞f，则Nx＞fx，所以斜面C有向右的运动趋势，则斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左。故A正确；B，因为AB一起加速下滑，所以μ1（m1+m2）cosθ＜（m1+m2）gsinθ，则μ1＜tanθ，故B错误；C、把AB看成一个整体，滑块A与斜面之间的摩擦力为f＝μ1（m1+m2）gcosθ，故C正确；D、滑块AB一起加速下滑，其加速度为a＝gsinθ﹣μ1gcosθ，B与A之间的摩擦力是静摩擦，则AB之间的摩擦力为f′＝m2a＝mg（sinθ﹣μ1cosθ），故D错误。故选：AC。海量资源尽在星星文库：【点评】本题是两个物体的连接体问题，要灵活选择研究对象，往往采用整体法和隔离法相结合的方法研究。8．（6分）如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处由静止释放。某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，做出小球所受弹力F大小随小球下落的位置坐标x的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为g。以下判断正确的是（）A．当x＝h+x0，重力势能与弹性势能之和最小B．最低点的坐标为x＝h+2x0C．小球受到的弹力最大值等于2mgD．小球动能的最大值为mgh+mgx0【分析】小球下降过程，先自由落体运动，与弹簧接触后，先加速下降，到达平衡位置后开始减速下降，根据共点力平衡条件求出平衡位置的坐标，结合整个下降过程中小球和弹簧机械能守恒进行分析。【解答】解：A、根据乙图可知，当x＝h+x0，小球的重力等于弹簧的弹力，此时小球具有最大速度，以弹簧和小球组成的系统，机械能守恒可知，重力势能与弹性势能之和最小，故A正确；BC、根据运动的对称性可知，小球运动的最低点大于h+2x0，小球受到的弹力最大值大于2mg，故BC错误；D、小球达到最大速度的过程中，根据动能定理可知，故小球动能的最大值为，故D正确海量资源尽在星星文库：故选：AD。【点评】本题关键是将物体的运动分为自由落体、加速下降和减速下降三个阶段，同时物体的动能和重力势能以及弹簧弹性势能总量守恒三、非选