高一期中专题复习试卷B

海量资源尽在星星文库：卷时间：120分钟总分：150分一、选择题：本题共15小题，每小题4分，共60分。在给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的不得分。1、一条轻质的绳子，将其一端固定在竖直墙壁上，另一端用一水平方向的力拉它，当力增大为1000N时，绳子被拉断。若使用同样的绳子，在绳的两端各用大小均为600N的力向相反的方向拉它，则绳子的情况为（BD）A、一定会被拉断B、一定不会被拉断C、可能会被拉断D、绳子上的拉力为600N[思路点拨]此类问题当中不要以为两边各用600N的拉力拉绳其上张力就为1200N，对绳子来说受两个力平衡，因此绳上张力应为600N。[试题精解]此时绳子上的拉力为600N，尚未达到绳子所承受的最大限度，绳子一定不会被拉断。故B、D正确。[拓展迁移]类似情况比如：静止在光滑水平桌面上的弹簧秤的两端同时受到两个力大小都是10N而方向相反的水平力的作用，则弹簧秤的示数是（B）A、0B、10NC、20ND、无法确定2、一个物体静止在水平桌面上，下列说法中正确的是（C）A、物体对桌面的压力是由于桌面的形变而产生的B、桌面对物体的支持力是由于物体的形变而产生的C、物体对桌面的压力在数值上等于物体的重力D、由于物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力大小相等方向相反，物体才处于平衡状态。[思路点拨]力是物体间的相互作用，受理物体所受的压力或弹力是由于施力物体发生形变而作用于受力物体的。[试题精解]弹力是由于施力物体发生弹性形变而产生的，所以物体对桌面的压力是由物体发生弹性形变而产生的，桌面对物体的支持力是由于桌面发生弹性形变而产生的。所以A、B选项均错误。物体处于平衡状态是由于物体所受重力与桌面对物体的支持力大小相等、方向相反的缘故。而物体对桌面的压力与桌面海量资源尽在星星文库：对物体的支持力分别作用在桌面和物体上，不是一对平衡力。故D选项错误。3、右图中a、b、c为三个物块，M、N为两个轻质弹簧，R为跨过定滑轮的轻绳，它们连接如图并处于平衡状态（AD）A、有可能N处于拉伸状态，而M处于压缩状态B、有可能N处于压缩状态，而M处于拉伸状态C、有可能N处于不伸不缩状态，而M处于拉伸状态D、有可能N处于拉伸状态，而M处于不伸不缩状态[思路点拨]本题考察形变和弹力，物体的平衡。从a物体与c物体质量大小着手分析，同时应考虑到M弹簧可能被压缩或被拉伸。[试题精解]当mamc时，有可能出现A项中的情况，所以选项A是正确的。弹簧N上方是绳子，不存在对N产生压力的条件，N不可能压缩，所以选项B是错误的。若N处于不伸不缩状态，弹簧M必须有一个向上的弹力与a的重力平衡，M必须处于压缩状态，所以选项C是错误的。当ma=mc时，即会出现D选项所描述的状态，所以D选贤是正确的。4、如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为M1和M2的木块1和2，中间用一原长为L、劲度系数为K的轻弹簧连结起来，木块与地面间的滑动摩擦因数为μ，先用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时，两木块之间的距离是（A）A、gmkl1B、gmmkl)(21C、gmkl2D、gmmmmkl)(2121[思路点拨]本题主要考察了物体的受力分析，平衡条件，研究对象的选择以及弹力与摩擦力。[试题精解]法一：以1、2（包括中间的轻弹簧）整体为研究对象，由平衡条件可知：F=μ（m1+m2）g………………①aMbNcF12海量资源尽在星星文库：以物块2为研究对象，由平衡条件则有F=kx+μm2g………………②由①、②两式联立可解得gmkx1所以当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离为：gmkl1法二：本题也可以木块1为研究对象，则有：kx=μm1g则两木块之间的距离为：gmkl15、物体某时某刻的速度为v=5m/s，加速度a=-3m/s2，它表示（C）A、物体的加速度方向与速度方向相同，而物体的速度在减小B、物体的加速度方向与速度方向相同，而物体的速度在增大C、物体的加速度方向与速度方向相反，而物体的速度在减小D、物体的加速度方向与速度方向相反，而物体的速度在增大[思路点拨]本题应从速度与加速度的概念入手，着重分析区别两者的方向的物理意义。[试题精解]因v=5m/s为正值，表明速度方向跟所选取的正方向相同，a=-3m/s2为负值，表明加速度方向跟所选取的正方向相反，所以该物体的速度和加速度是反方向的，当加速度与速度反向时，物体做减速运动，速度逐渐减小。所以选项A、B、D错误。选项C正确。6、做匀加速直线运动的物体的加速度为5m/s2，对任意1s来说，下列说法正确的是（ACD）A、某1s末的速度比该1s初的速度总是大5m/sB、某1s末的速度比该1s初的速度总是大5倍C、某1s末的速度比前1s末的速度总是大5m/sD、某1s末的速度比前1s初的速度总是大10m/s[思路点拨]加速度的表达式tva表示速度的变化与发生这些变化所用时间的比值。[试题精解]某1s末与该1s初的的时间间隔为1s，故A正确B错误。某1s末与前1s末的时间间隔为1s，故C正确。某1s末与前1s初的时间间隔为2s，故D正确。海量资源尽在星星文库：、在轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿着绳上端的小球站在三层楼的阳台上，放手让小球自由下落。小球相继落地的时间差为△t，如果站在四层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两小球相继落地的时间差将（C）A、不变B、变大C、变小D、无法判断[思路点拨]注意到两球在整个下落过程中速度始终相等，落地时间差取决于落地时球的速度及绳的长度。[试题精解]在下面小球落地之前，两小球之间的距离始终等于绳长，两小球的速度也保持相等。设下面小球落地时，两球的速度为v，在△t时间内，上面小球做匀加速运动。有2)(21tgtvl，v越大，则△t越小。人站在四层楼的阳台上放手后，上面小球在下面小球落地的瞬间的速度比在三楼阳台上释放时要大，所以时间差变小。[拓展迁移]灵活掌握所学知识是解决物理问题的关键，此题当中若改为：先释放一个小球，当小球下落到与释放位置相距l时释放第二个小球（注意两球间无绳），则不管在哪一楼层做相同的动作，两球落地时间差都相等。8、物体在直线上做加速度运动，从开始计时起，第1s内的位移为1m，第2s内的位移为2m，第3s内的位移为3m,……第ns内的位移为nm。则(D)A、物体一直是做匀加速直线运动B、物体的加速度为1m/s2C、物体的初速度一定为零D、物体在前5s内的平均速度为3m/s[思路点拨]要想判断物体的运动情况，必须首先弄清楚运动规律与时间位移之间的关系。[试题精解]根据题所给条件，前5s内总位移为15m，所以smv/3515选项D正确。此外从题目给出的条件，不能得出匀加速运动的结论，对匀变速直线运动来说，S2-S1=常数是成立的，但S2-S1=常数并不一定是匀．加速直线运动，其它选项都不正确。9、如图所示，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，上面木块压在上面的弹簧上（但不栓接），整个系统处于平衡状态。海量资源尽在星星文库：现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面的弹簧。在这过程中下面木块移动的距离为(C)A、11kgmB、12kgmC、21kgmD、22kgm[思路点拨]下面木块移动的距离就是下面弹簧伸长的距离。找出弹簧长度的初末位置相减即可得到结果。[试题精解]在初始状态，对k2有：k2x1=（m1+m2）g即：x1=221)(kgmm在末状态对k2有：k2x2=m2g即：x2=22kgm因而，m2移动距离为：△x=x1-x2=221)(kgmm-22kgm=21kgm[拓展迁移]本题的另一分析方法可采用：根据△F=k△x由于下面弹簧弹力的变化△F=m1g=k2△x2即：△x2=21kgm10、一列火车从静止开始做匀加速直线运动，一个人站在第一节车厢前观察，第一节车厢通过他历时2s，全部列车通过他历时6s，那么这列火车共有车厢（C）m1m2k1k2海量资源尽在星星文库：、6节B、8节C、9节D、10节[思路点拨]灵活选取参照物，本题可选车为参照物，设人向前匀加速运动。[试题精解]设列车有n节，每节车厢长为L由题意得：2221aL…………①2621anL…………②∴n=9[拓展迁移]根据初速度为零的匀加速直线运动的规律：发生相等的位移所用时间的比值：t1：t2：t3：……：tn=1：)12(：)23(：……：)1(nn在这里t1=2s，则n节车厢经过人所用时间t=2（t1+t2+t3+……+tn）=n2=6s∴n=911、从地面竖直上抛物体A，同时在某一高度处有一物体B自由下落，两物体在空中相遇时的速率是v，则（AD）A、物体A的上抛初速度大小是两物体相遇时速率的2倍B、相遇时物体A已上升的高度和物体B已下落的高度相同C、物体A和物体B在空中运动时间相等D、物体A和物体B落地速度相等[思路点拨]充分利用竖直上抛运动的对称性，初速度为零的匀加速直线运动的推论等规律技巧。[试题精解]由竖直上抛运动的对称性可知，物体A上升最大高度和物体B自由下落的高度相等。因此，A、B两物体着地速度相等，所以D选项正确。进一步分析知相遇时刻为B物体下落的之间时刻，由初速为零的匀加速直线运动，在相邻的相等的时间间隔内位移之比关系，可判断到相遇时刻止，B物体下落高度和A物体上升高度之比为1：3，故选项B错误。由某段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，则相遇时刻的速度22000vvv,即v0=2v,选项A正确。由于A物体上升的最大高度和B物自由下落的高度相等，所以A物海量资源尽在星星文库：倍，选项C错误，本体正确答案为A、D。12、石块A自塔顶自由下落mm时，石块B自离塔顶nm处自由下落，二石块同时着地，则塔高为（B）A、m+nB、mnm4)(2C、)(42nmmD、nmnm2)([思路点拨]建立模型，根据同时落地列出等式方程。[试题精解]设塔高为h，B石块从开始下落到着地经历时间：gnhtB)(2A石块从开始下落到着地其经历的时间：ghtA2A石块自塔顶下落mm经历时间：gmtA2'依题意应有：tB=tA-tA’解得：mnmh4)(213、有一质点从t=0开始，由原点出发沿着x轴正方向，其速度图象如图所示，下面说法正确的是（BD）A、t=1s,质点离原点的距离最大B、t=2s，质点离原点的距离最大C、t=2s，质点回到原点D、t=4s，质点回到原点[思路点拨]从v-t图像的物理意义出发，斜率为正——匀加，斜率为负——匀减，面积——位移。[试题精解]由v-t图像的物理意义知，2s末物体离开坐标原点的距离最大，4s末物体回到坐标原点。14、某人在高层楼房的阳台外侧以20m/s的速度竖直向上抛出一个石块，石块运动到离抛出点15m处所经历的时间可以是（不计空气阻力，g取10m/s2）vt123450-5海量资源尽在星星文库：（ACD）A、1sB、2sC、3sD、s)72([思路点拨]因在高层楼房的阳台上抛出，故应考虑可能在抛出点上方15m处，也可能在抛出点下方15m处，对在抛出点上方15m处，可以是向上运动经过该点，也可以是向下运动经过该点。[试题精解]由题意列方程2021gttvs其中：s分别取15m和-15m解得：t1=1s；t2=3s；t3=s)72(；t4=s)72(（舍去）故A、C、D正确。15、物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内物体的（AD）A、位移的大小可能小于4mB、位移的大小可能大于10mC、加速度的大小可能小于4m/s2D、加速度