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温馨提示：此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。课时提升作业七反证法一、选择题(每小题5分,共25分)1.下列关于反证法的说法正确的有()①反证法的应用需要逆向思维;②反证法是一种间接证法,否定结论时,一定要全面否定;③反证法推出的矛盾不能与已知矛盾;④使用反证法必须先否定结论,当结论的反面出现多种情况时,论证一种即可.A.①②B.①③C.②③D.③④【解析】选A.容易判断①②正确;反证法推出的矛盾可以与已知条件矛盾,故③错误;当结论的反面出现多种情况时,应对各种情况全部进行论证,故④错误.2.(2014·山东高考)用反证法证明命题:“已知a,b为实数,则方程x2+ax+b=0至少有一个实根”时,要做的假设是()A.方程x2+ax+b=0没有实根B.方程x2+ax+b=0至多有一个实根C.方程x2+ax+b=0至多有两个实根D.方程x2+ax+b=0恰好有两个实根【解题指南】本题考查了反证法,从问题的反面出发进行假设.一元二次方程根的个数为0,1,2.因此至少有一个实根包含1根或两根,它的反面为0个根.【解析】选A.“已知a,b为实数,则方程x2+ax+b=0至少有一个实根”的含义是方程有根,故反面是“方程x2+ax+b=0没有实根.”3.(2016·淄博高二检测)已知ab0,用反证法证明≥(n∈N*)时.假设的内容是()A.=成立B.≤成立C.成立D.且=成立【解析】选C.因ab0时,,恒有意义,且≥的反面是.故选C.4.(2016·青岛高二检测)有甲、乙、丙、丁四位歌手参加比赛,其中只有一位获奖,有人走访了四位歌手,甲说:“是乙或丙获奖”;乙说:“甲、丙都未获奖”,丙说:“我获奖了”,丁说:“是乙获奖”,四位歌手的话只有两位是对的,则获奖的歌手是()A.甲B.乙C.丙D.丁【解析】选C.若甲获奖,则甲、乙、丙、丁的话都错误;同理可推知乙、丙、丁获奖情况,最后获奖者应是丙.5.(2016·济南高二检测)设实数a,b,c满足a+b+c=1,则a,b,c中至少有一个数不小于()A.0B.C.D.1【解析】选B.三个数a,b,c的和为1,其平均数为,故三个数中至少有一个大于或等于.假设a,b,c都小于,则a+b+c1,与已知矛盾.故a,b,c中至少有一个数不小于.二、填空题(每小题5分,共15分)6.(2016·大连高二检测)在△ABC中,若AB=AC,P为△ABC内一点.∠APB∠APC.求证:∠BAP∠CAP.用反证法证明时,应分:假设________和________两类.【解析】反证法中对结论的否定是全面否定,∠BAP∠CAP的反面是∠BAP=∠CAP和∠BAP∠CAP.答案:∠BAP=∠CAP∠BAP∠CAP7.命题“关于x的方程ax=b(a≠0)的解是唯一的”的结论的否定是________.【解析】方程解的情况有:①无解;②唯一解;③两个或两个以上的解.答案:无解或至少两解8.完成反证法证题的全过程.题目:设a1,a2,…,a7是由数字1,2,…,7任意排成的一个数列,求证:乘积p=(a1-1)(a2-2)…(a7-7)为偶数.证明:假设p为奇数,则________均为奇数.因奇数个奇数之和为奇数,故有奇数=__________________=__________________=0.但奇数≠偶数,这一矛盾说明p为偶数.【解析】由假设p为奇数可知a1-1,a2-2,…,a7-7均为奇数,故(a1-1)+(a2-2)+…+(a7-7)=(a1+a2+…+a7)-(1+2+…+7)=0为奇数,这与0为偶数矛盾.答案:a1-1,a2-2,…,a7-7(a1-1)+(a2-2)+…+(a7-7)(a1+a2+…+a7)-(1+2+…+7)三、解答题(每小题10分,共20分)9.(2016·深圳高二检测)设函数f(x)=ax2+bx+c(a≠0)中,a,b,c均为整数,且f(0),f(1)均为奇数.求证:f(x)=0无整数根.【证明】假设f(x)=0有整数根n,则an2+bn+c=0,由f(0)为奇数,即c为奇数,f(1)为奇数,即a+b+c为奇数,所以a+b为偶数,又an2+bn=-c为奇数,所以n与an+b均为奇数,又a+b为偶数,所以an-a为奇数,即(n-1)a为奇数,所以n-1为奇数,这与n为奇数矛盾.所以f(x)=0无整数根.【拓展延伸】适用反证法证明的题型适用反证法证明的题型有:(1)一些基本命题、基本定理.(2)易导出与已知矛盾的命题.(3)“否定性”命题.(4)“唯一性”命题.(5)“必然性”命题.(6)“至多”“至少”类命题.(7)涉及“无限”结论的命题等.10.(2016·威海高二检测)已知f(x)=ax+(a1).证明:方程f(x)=0没有负数根.【证明】假设x0是方程f(x)=0的负数根.则x00且x0≠-1,且=-,因为a1,所以01,即0-1,解得x02,这与已知x00矛盾.所以假设不成立,故方程f(x)=0无负数根.一、选择题(每小题5分,共10分)1.(2016·天津高二检测)用反证法证明命题“已知x10,x2≠1,且xn+1=,证明对任意正整数n,都有xnxn+1”,其假设应为()A.对任意正整数n,有xn≤xn+1B.存在正整数n,使xnxn+1C.存在正整数n,使xn≤xn+1D.存在正整数n,使xn≥xn-1且xn≥xn+1【解析】选C.“任意正整数n”的否定是“存在正整数n”,“xnxn+1”的否定是“xn≤xn+1”.2.有以下结论:①已知p3+q3=2,求证p+q≤2,用反证法证明时,可假设p+q≥2;②已知a,b∈R,|a|+|b|1,求证方程x2+ax+b=0的两根的绝对值都小于1,用反证法证明时可假设方程有一根x1的绝对值大于或等于1,即假设|x1|≥1.下列说法中正确的是()A.①与②的假设都错误B.①与②的假设都正确C.①的假设正确;②的假设错误D.①的假设错误;②的假设正确【解析】选D.用反证法证明问题时,其假设是原命题的否定,故①的假设应为“p+q2”;②的假设为“两根的绝对值不都小于1”,故①假设错误.②假设正确.二、填空题(每小题5分,共10分)3.(2016·福州高二检测)用反证法证明“若函数f(x)=x2+px+q.则|f(1)|,|f(2)|,|f(3)|中至少有一个不小于”时,假设内容是____________.【解析】“|f(1)|,|f(2)|,|f(3)|中至少有一个不小于”的反面是“|f(1)|,|f(2)|,|f(3)|都小于”.答案:|f(1)|,|f(2)|,|f(3)|都小于4.(2016·郑州高二检测)设a,b是两个实数,给出下列条件:①a+b=1;②a+b=2;③a+b2;④a2+b22.其中能推出“a,b中至少有一个大于1”的条件是________(填序号).【解题指南】可采用特殊值法或反证法逐一验证.【解析】若a=,b=,则a+b=1,但a1,b1,故①不能推出.若a=b=1,则a+b=2,故②不能推出.若a=-2,b=1,则a2+b22,故④不能推出.对于③,即a+b2,则a,b中至少有一个大于1.反证法:假设a≤1且b≤1,则a+b≤2与a+b2矛盾,因此假设不成立,故a,b中至少有一个大于1.答案:③三、解答题(每小题10分,共20分)5.(2016·海淀高二检测)若a,b,c∈R,且a=x2-2y+,b=y2-2z+,c=z2-2x+,求证:a,b,c中至少有一个大于0.【证明】假设a,b,c都不大于0,即a≤0,b≤0,c≤0,则a+b+c≤0.而a+b+c=++=x2+y2+z2-2x-2y-2z+π=(x-1)2+(y-1)2+(z-1)2+π-30,这与a+b+c≤0矛盾.所以a,b,c中至少有一个大于0.6.(2016·南昌高二检测)等差数列{an}的前n项和为Sn,a1=1+,S3=9+3.(1)求数列{an}的通项an与前n项的和Sn.(2)设bn=.求证:数列{bn}中任意不同三项都不可能成等比数列.【解析】(1)设等差数列{an}的公差为d,则S3=3a1+3d=9+3,又a1=1+,解得d=2,所以an=2n+-1,Sn=n(n+).(2)由(1)得bn==n+,假设数列{bn}中存在三项bp,bq,br(p,q,r互不相等)成等比数列.则=bp·br,即(q+)2=(p+)·(r+),即(q2-pr)+(2q-p-r)=0,所以即=pr,得(p-r)2=0,得p=r,与p,q,r互不相等矛盾.所以数列{bn}中任意不同三项都不可能成等比数列.关闭Word文档返回原板块