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1章末检测A卷(时间：45分钟满分：100分)考查知识点及角度难度及题号基础中档稍难分离定律及拓展应用2、3、5、6411自由组合定律及拓展应用7、8、9、1012、14假说—演绎法及实验等1、1315一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分)1．下列性状中属于相对性状的是()。A．人的身高与体重B．兔的长毛与短毛C．家鸡的长腿与毛腿D．棉花的细绒与长绒解析人的身高和体重、鸡的长腿和毛腿、棉花的细绒和长绒都不符合同一性状的要求，只有兔的长毛与短毛是同种生物(兔)同一性状(毛的长短)的不同表现类型(长毛和短毛)。答案B2．家猫的毛色中黑色对白色为显性。黑色杂合子雌雄猫交配后，一窝产下了四只小猫，这四只小猫的毛色是()。A．三只黑色，一只白色B．一只黑色，三只白色C．四只全为黑色D．A、B、C三种情况都可能出现解析杂合子在交配产仔时，一胎虽然产下了4仔，但是每一仔都是由卵细胞和精子分别受精形成的，是独立的。每一仔的性状都是34的可能性为黑色，14的可能性为白色，综上所述，各种可能性都有可能。答案D3．棕色鸟与棕色鸟杂交，子代有23只白色，26只褐色，53只棕色。棕色鸟和白色鸟杂交，其后代中棕色个体所占比例是()。A．100%B．75%C．50%D．25%解析表现型相同的棕色鸟杂交得到的子代中出现性状分离，性状比为褐色∶棕色∶白色＝1∶2∶1，说明亲代棕色鸟为杂合子，后代中褐色和白色为纯合子，则把棕色鸟(杂合子)与白色鸟(纯合子)杂交，根据基因分离定律其后代棕色鸟所占的比例为50%。2答案C4．基因型为AA的牛与杂种公牛表现为有角，杂种母牛与基因型为aa的牛表现为无角。现有一对有角牛交配，生下一头无角牛，则这头无角牛的性别是()。A．雄牛B．雌牛C．雄、雌牛都有可能D．无法确定解析一对有角牛交配，其中母牛的基因型是AA，公牛的基因型是AA或Aa，它们的后代中基因型是AA或AA和Aa。由于所生小牛是无角的，若是雄性则基因型为aa，但后代中没有aa的基因型，所以只能是母牛，且基因型为Aa。答案B5．已知白化病是一种隐性遗传病。某男子患白化病，他的父母和妹妹均无此病。如果他的妹妹与白化病患者结婚，生一白化病男孩的概率是()。A.18B.16C.13D.14解析白化病男子的父母不是白化病，可以知道他们是杂合子，而两个杂合子所生后代有3种基因型：AA、Aa、aa，比是1∶2∶1。由于白化病男子的妹妹正常，基因型不是AA就是Aa，其中Aa的概率是23，她与白化病男子(aa)结婚生一个白化病男孩的概率是23×12×12＝16。答案B6．豌豆种皮灰色对白色为显性，子叶黄色对绿色为显性。豌豆甲自交后代全部为灰种皮黄子叶，豌豆乙自交后代全部为白种皮绿子叶。现将甲花粉授到乙柱头上，受精后所得到的种子()。A．种皮全呈白色，子叶全呈黄色B．种皮全呈白色，子叶全呈绿色C．种皮全呈灰色，子叶全呈绿色D．种皮全呈灰色，子叶全呈黄色解析豌豆乙为母本，种皮的基因型与母本完全相同，故所结种皮为白色；豌豆甲、乙均为纯合子，甲、乙杂交后代为杂合子，故子叶呈现显性性状，即为黄色。答案A7.黄色圆粒和绿色圆粒豌豆杂交，其子代的表现型统计结果如图所示，则杂交后代中新表现型个体占的比例为()。3A.13B.14C.19D.116解析黄色×绿色，杂交后代黄色∶绿色＝1∶1，则亲代为Yy×yy；圆粒×圆粒，杂交后代圆粒∶皱粒＝3∶1，则亲代为Rr×Rr，故亲本基因型分别为YyRr×yyRr。杂交后代黄色皱粒和绿色皱粒为新表现型，所占比例为12×14＋12×14＝14。答案B8．已知玉米某两对基因按照自由组合规律遗传，现有子代基因型及比值如下：基因型TTSSTTssTtSSTtssTTSsTtSs比例111122则双亲的基因型是()。A．TTSS×TTSsB．TtSs×TtSsC．TtSs×TTSsD．TtSS×TtSs解析解答此题可通过比例法与分解组合法相结合来判断。子代中关于T、t的基因型只有TT和Tt，且比例为1∶1，说明亲代的基因型分别为TT和Tt；子代中关于S、s的基因型为SS、Ss、ss，且比例为1∶2∶1，说明亲代的基因型为Ss、Ss。所以双亲的基因型为TTSs、TtSs。答案C9．若基因型为AaBbCCDDee的个体与基因型为AABbCcDDEe的个体交配，在子代中，纯合子的比例应是(假设各对基因独立遗传)()。A.14B.18C.116D.132解析本题考查概率问题。首先逐对基因分析产生纯合子的概率，再将这些概率相乘，即得出子代纯合子的概率为12×12×12×1×12＝116。答案C10．已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是()。A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为116B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为116C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为18D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1164解析三对基因按自由组合定律遗传，其中每对基因的遗传仍遵循分离定律，所以AaBbCc×AabbCc两个体后代表现型有2×2×2＝8种，aaBbCc个体的比例为14×12×12＝116。答案D11．喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g－基因决定雌株。G对g、g－是显性，g对g－是显性，如：Gg是雄株，gg－是两性植株，g－g－是雌株。下列分析正确的是()。A．Gg和Gg－能杂交并产生雄株B．一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子C．两性植株自交不可能产生雌株D．两性植株群体内随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子解析本题考查了遗传的相关知识。由题意，个体的基因型为Gg和Gg－，其表现型都为雄株，因而不能杂交，A错；两性植株的基因型有gg、gg－两种，产生的配子只有一种或两种类型，B错；基因型为gg－的两性植株自交后代会出现g－g－的雌株，C错。答案D12．香豌豆能利用体内的前体物质经过一系列代谢过程逐步合成蓝色中间产物和紫色素，此过程是由B、b和D、d两对等位基因控制的(如下图所示)，两对基因自由组合，其中具有紫色素的植株开紫花，只具有蓝色中间产物的植株开蓝花，两者都没有的开白花。下列叙述中不正确的是()。A．只有香豌豆基因型为BBDD时，才能开紫花B．基因型为bbDd的香豌豆植株不能合成中间产物，所以开白花C．基因型为BbDd的香豌豆自花传粉，后代表现型比例为9∶4∶3D．基因型为Bbdd与bbDd的香豌豆杂交，后代表现型比例为1∶1∶2解析香豌豆中基因B、D同时存在时，前体物质就能合成紫色素，开紫花，则只要基因型为B_D_即可开紫花。不具有基因D、具有基因B的开蓝花，不具基因B的开白花。答案A二、非选择题(共3小题，共52分)13．(16分)孟德尔获得成功的重要原因之一是合理设计了实验程序。孟德尔以高茎纯种豌豆和矮茎纯种豌5豆作亲本，分别设计了纯合亲本杂交、F1的自交、F1的测交三组实验，按照假说—演绎的科学方法“分析现象—作出假设—检验假说—得出结论”，最后得出了遗传定律。(1)孟德尔提出的解释实验现象的假设是：_______________________________________________________________________________________________。(2)孟德尔三组实验中，在现象分析阶段完成的实验是______________________________________________________________________________________；在检验假设阶段完成的实验是_______________________________________。(3)若将F1中全部的杂合高茎豌豆进行多代自交，请用坐标曲线图表示连续若干代子代显性纯合子所占的比例。答案(1)控制生物性状的成对的遗传因子在形成配子时会彼此分离，分别进入不同的配子中，随配子随机结合遗传给后代(2)纯合亲本杂交、F1的自交F1的测交(3)如图：14．(24分)家禽鸡冠的形状由两对基因(A和a，B和b)控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关。据下表回答下面的问题。项目基因组合A、B同时存在(A_B_型)A存在、B不存在(A_bb型)B存在、A不存在(aaB_型)A和B都不存在(aabb型)鸡冠形状核桃状玫瑰状豌豆状单片状杂交组合甲：核桃状×单片状→F1：核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状乙：玫瑰状×玫瑰状→F1：玫瑰状，单片状丙：豌豆状×玫瑰状→F1：全是核桃状(1)甲组杂交方式在遗传学上称为________，甲组杂交F1代四种表现型比例是________。(2)让乙组后代F1中玫瑰状冠的家禽与另一纯合豌豆状冠的家禽杂交，杂交后代表现型及比例在理论上6是________________________________________。(3)让丙组F1中的雌雄个体交配，后代表现为玫瑰状冠的有120只，那么表现为豌豆状冠的杂合子理论上有________只。(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，它们的后代基因型的种类有________种，后代中纯合子比例占________。解析(1)先根据题意写出甲组亲本已知基因型：A_B_×aabb，然后根据后代表现型推导出亲本基因型，后代有核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状四种表现型，则核桃状亲本必为AaBb。亲本的杂交方式为测交，后代四种表现型比例为1∶1∶1∶1。(2)同理推导出乙组亲本基因型为：Aabb×Aabb，F1中玫瑰状冠的家禽(13AAbb，23Aabb)与另一纯合豌豆状冠的家禽(aaBB)杂交，则后代核桃状∶豌豆状＝(13＋13)∶13＝2∶1。(3)丙组子代全为核桃状A_B_，则亲本基因型为：aaBB×AAbb，F1基因型都是AaBb，F1中的雌雄个体交配，即AaBb×AaBb杂交，后代表现型比例为：核桃状∶玫瑰状∶豌豆状∶单片状＝9∶3∶3∶1，已知玫瑰状冠的有120只，则豌豆状冠的也有120只，其中豌豆状包括116aaBB和216aaBb，杂合子理论上占23，即80只。(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，按分离定律对每一对分别求解，后代基因型的种类有3×2＝6种，后代纯合子为12×12＝14。答案(1)测交1∶1∶1∶1(2)核桃状∶豌豆状＝2∶1(3)80(4)61415．(12分)家兔的黑毛与褐毛是一对相对性状。现有4只家兔甲、乙、丙、丁，其中甲和乙为雌兔，丙和丁为雄兔，甲、乙、丙兔均为黑毛，丁兔为褐毛。已知甲和丁交配的后代全部为黑毛子兔，乙和丁交配的后代中有黑毛子兔，也有褐毛子兔。请回答下面的问题。(1)判断黑毛和褐毛的显隐性(相关遗传因子用B和b表示)。________________________________________________________________。(2)写出甲、乙、丁三只兔子的遗传因子组成。____________________________。(3)如何鉴定丙兔是纯种还是杂种？_________________________________。解析甲兔与丁兔交配的后代全部为黑毛子兔，无性状分离，即可断定黑毛(B)是显性性状，褐毛(b)是隐性性状。根据上面的分析，甲和丁的子代无性状分离，可以说甲兔是显性纯合子，遗传因子组成为BB，丁兔是隐性个体，遗传因子组成为bb；而乙和丁交配的后代中有性状分离现象，所以乙是杂合子，遗传因子组成为Bb。因为丙是雄兔，而在甲、乙两雌兔中无隐性个体，所以只能让丙与乙交配来鉴别其遗传因子组成，而不能按常规的测交方法。如果交配后得到的子代全部是黑毛子兔，可以说丙是纯7种，遗传因子组成为BB；如果交配后得到的子代中有隐性个体褐毛子兔出现，则丙是杂合子，遗传因子组成为Bb。答案(1)黑毛(B)对褐毛(b)是显性(2)甲BB；乙Bb；丁bb(3)让丙与乙交配，若后代全部是黑毛子兔，可以说丙是纯种，遗传因子组成为BB；若后代中有褐毛子兔