机械原理课程设计说明书牛头刨床

机械原理课程设计说明书系部名称:机电工程学院专业班级:机自093姓名：学号:批阅教师签字批阅日期-2-目录概述·······························3设计项目·······························1．设计题目························42．机构简介························43．设计数据························4设计内容·······························1．导杆机构的设计··················52.凸轮机构的设计···················123.齿轮机构的设计···················17设计体会·····························20参考文献······························21附图·····························-3-概述一、机构机械原理课程设计的目的：机械原理课程设计是高等工业学校机械类专业学生第一次较全面的机械运动学和动力学分析与设计的训练，是本课程的一个重要实践环节。其基本目的在于：（１）进一步加深学生所学的理论知识，培养学生独立解决有关本课程实际问题的能力。（２）使学生对于机械运动学和动力学的分析设计有一较完整的概念。（３）使学生得到拟定运动方案的训练，并具有初步设计选型与组合以及确定传动方案的能力。（４）通过课程设计，进一步提高学生运算、绘图、表达、运用计算机和查阅技术资料的能力。二、机械原理课程设计的任务：机械原理课程设计的任务是对机械的主体机构（连杆机构、凸轮机构、齿轮机构以及其他机构）进行设计和运动分析、动态静力分析，并根据给定机器的工作要求，在此基础上设计凸轮、齿轮；或对各机构进行运动分析。要求学生根据设计任务，绘制必要的图纸，编写说明书。三、械原理课程设计的方法：机械原理课程设计的方法大致可分为图解法和解析法两种。图解法几何概念较清晰、直观；解析法精度较高。根据教学大纲的要求，本设计主要应用图解法进行设计。-4-[设计名称]压床机构一．机构简介：机构简图如下所示：牛头刨床机构简图１７工件O11O2O48ADE9O9ＢＣ电动机工作台棘轮n0on2oZ1'Z1Z2d''0Z''0d'0牛头刨床是一种用于平面切削加工的机床，如上图所示。电动机经皮带和齿轮传动，带动曲柄2和固结在其上的凸轮8。刨床工作时，由导杆机构1-2-3-4-5-6带动刨头6和刨刀7作往复运动。刨头右行时，刨刀进行切削，称工作行程，此时要求速度较低并且均匀，以减少电动机容量和提高切削质量；刨头左行时，刨刀不切削，称空回行程，此时要求速度较高，以提高生产效率。因此，刨床采用具有急回特性的导杆机构。刨刀每切削完成一次，利用空回行程的时间，凸轮8通过四杆机构1-9-10-11与棘轮带动螺旋机构（图中未画），使工作台连同工件作一次进给运动，以便刨刀继续切削。二．设计数据：-5-各已知数据如下图所示，未知数据可有已知数据计算求得设计内容导杆机构的运动分析凸轮机构设计符号2n42oolAOl2BOl4BClmaxDOl929OOl0rtross'单位r/minmmmm方案64350905800.3lO4B151351606115701070设计内容齿轮机构设计符号'0n'1Z1Z1Z'0d''0d12m'1''om单位r/minmmmm方案144040131610030064三．设计内容：第一节导杆机构的运动分析㈠导杆机构设计要求概述：已知曲柄每分钟的转数2n，各构件尺寸，且刨头导路xx-位于导杆端头B所作圆弧的平分线上。要求作机构的运动简图，并作机构一个位置的速度、加速度多边形以及刨头的运动线图，画在2号图纸上。10位置的机构简图：㈡计算过程：由已知数据n2=64r/min得ω2=2π×64/60(rad/s)=6.7rad/s.1、求C点的速度：⑴确定构件3上A点的速度：构件2与构件3用转动副A相联，所以υA3=υA2。-6-ω2又υA2=ω2lO2A=0.9×6.7=0.6m/s⑵求4AV的速度：选取速度比例尺：μv=0.023(m/s)/mm;υA4=υA3+υA4A3方向：⊥BO4⊥AO2∥BO4大小：？22OAl？图1用图解法求解如图1：-7-式中υA3、υA4表示构件3和构件4上A点的绝对速度，υA4A3表示构件4上A点相对于构件3上A点的速度，其方向平行于线段BO4，大小未知；构件4上A点的速度方向垂直于线段BO4，大小未知。在图上任取一点P，作υA3的方向线pa3，方向垂直于AO2，指向与ω2的方向一致，长度等于υA3/μv，（其中μv为速度比例尺）。过点p作直线垂直于BO4代表υA4的方向线，再过a3作直线平行于线段BO4代表υA4A3的方向线这两条直线的交点为a4，则矢量pa4和a3a4分别代υA4和υA4A3。由速度多边形43apa得：443220;l⑶求BO4的角速度4：曲柄位于起点1时位置图如设计指导书图（1）：此时42OAO为：20490arcsin75.12350将曲柄圆周作12等分则当曲柄转到1位置时，如图（1）：20490arcsin75.12350AOOOAOAOOOlllllOOA2424422cos222242\4338.23AOlmm杆BO4的角速度4：4=VA4/4AOl=0.4830.277rad/s=1.75rad/s杆BO4的速度V4:V4=4×4BOl=1.75×1.54m/s=0.9431m/s⑷求C点的速度υc：-8-υc=υB+υCB方向：∥X-X⊥BO4⊥BC大小：？ω4lO4B？图2速度图见图2：式中υc、υB表示点的绝对速度。υCB表示点C相对点B的相对速度其方向垂直于构件CB，大小未知，点C的速度方向平行于X-X，大小未知，图上任取一点p作代表υB的矢量pb其方向垂直于BO4指向于2转向相反，长度等于vBV/（v为速度比例尺）。过点p作直线平行于X-X，代表υc的方向线，再点b作直线垂直于BC代表υCB的方向线，这两方向线的交点为C则矢量pc和bc便代表υc、υCB。则C点的速度为：υc=μv×pc=μv×40=0.92m/sυCB=μv×cb=μv×5=0.115m/s2、求C点的加速度：⑴求aA2：因曲柄匀速转动：故22222222/343.4/)2(110.0smsmlaaAOnAA223/343.4smaaAA选取加速度比例尺：μa=0.15（m/s2）/mm⑵求aA4：-9-434343KtAAAAAAaaaa4434343tnKtAAAAAAAaaaaa方向:⊥BO4B→O4A→O2⊥BO4∥BO4大小：？424AOl√3442AAV？加速度见下图：∏式中44AnAaa和是4Aa的切向和切法向加速度，34AAa是点A4相对于A3的相对加速度，但由于构件3与构件4构成移动副，所以034AAna故3434AAtAAraa其方向平行于二构件相对移动方向，即平行于BO4,大小未知，34AAKa为哥氏加速度，它的大小为sin234434AAAAKVa，其中为相对速度34AAV和牵连角速度4矢量之间的夹角，但是对于平面运动，4的矢量垂直于运动平面而34AAV位于运动平面内，故90，从而344342AAAAKVa哥氏加速度34AAKa的方向是将34AAv沿4的转动方向转90（即图中'3ka的方向）。在上面的矢量方程中只有344AArAaa和的大小未-10-知，故可用图解法求解。如右图，从任意极点连续作矢量'‘4'3aa和代表43AnAaa和；再过'3a作''3ka垂直于线段BO4，大小mmuVwkaaAA2.10/2'344'3；然后再过'k作BO4的平行线，代表34AAa的方向，过'‘4a作垂直于BO4，的直线，代表4Ana的方向线，它们相交点'4a则矢量'4a代表4Aa。'4418.62.79/AaAaaams⑶求B点加速度Ba：构件4的角加速度βBO4为：'244BO44043.29/aAAOAaaradsll22441.654/nBBOalms2445.379/tBBOBOalms⑷求C点的加速度：CBBcaaacntnttncBBCBCBaaaaaa方向：＼∥x-xB→O4⊥BO4⊥CBC→B大小:＼？244BOllBO4βBO4？0.090m/s2加速度图见下图：π-11-式中，nCBa表示点C相对点B的法向加速度其方向为从C指B；CBa表示点C相对点B的切向加速度，其方向垂直于CB。又因速度多边形已作出，所以上式法向加速度可求出（C点作水平运动，故C点的法向加速度为0）。仅有CBaac和的大小未知，同样可以用图解法求解。如右图，在图上任取一点π作''b代表nBa，方向为平行于BO4并从B指向O4，长度为aBOl/424，（其中a为加速度比例尺）。过''b作'''bb代表Ba，方向垂直于BO4，长度为aBOBOl/44，连接'b，它表示Ba，再过过'b作'''cb代表nCBa，方向平行CB并从C指向B，长度为acBBclV/)/(2过''c作垂直于CB代表cBa的方向线又从π作平行于X-X的方向线，两线交点为'c，则矢量'c便代表ca。22220.110/0.090/0.135nnCBCBCBvamsmsl''7.2/tccaaapcms3、此时C点位置如下图：选取长度比例尺为：2/lmmmm则：此时C点的位移cx为：'''2105210clxuccmmmm第二节凸轮机构的设计㈠凸轮机构的设计要求概述：⒈已知摆杆9作等加速等减速运动，要求确定凸轮机构的基本尺寸，选取滚子半径，将凸轮实际轮廓㈠凸轮机构的设计要求概述画在2号图纸上。该凸轮机构的从动件运动规律为等加速等减速运动。各数据如表：符号ψmaxlO9DlO9O2rortΦΦsΦ’单位°mm°数据15.1251506115751075-12-2.由以上给定的各参数值及运动规律可得其运动方程如下表：推程0≤2φ≤Φo/2回程Φo+Φs≤φ≤Φo+Φs+Φ'o/2ψ=24*Φ*Φ/(25*π)ψ=π/12-24（φ-17π/36）2/25πω=96φ/25ω=-96（φ-17π/36）2/25β=192π/25β=-192π/25推程Φo/2≤φ≤Φo回程Φo+Φs+Φ’o/2≤φ≤Φo+Φs+Φ’oψ=π/12-24（5π/12-φ）2/25πψ=24（8π/9-φ）2/25πω=96（5π/12-φ）2/12ω=-96（8π/9-φ）2/25β=-192π/25β=192π/253.依据上述运动方程绘制角位移ψ、角速度ω、及角加速度β的曲线：（1）、角位移曲线：-13-φ（）ψ（）φ（）图(1)①、取凸轮转角比例尺μφ=1.25°/mm和螺杆摆角的比例尺μψ=0.5°/mm在轴上截取线段代表，过3点做横轴的垂线，并在该垂线上截取33＇代表(先做前半部分抛物线).做03的等分点1、2两点，分别过这两点做ψ轴的平行线。②、将左方矩形边等分成相同的分数,得到点1＇和2＇。③、将坐标原点分别与点1＇,2＇,3＇相连,得线段O1＇,O2＇和03＇,分别超过1,2,3点且平行与Ψ轴的直线交与1＂,2＂和3＂.④、将点0,1＂,2＂,3＂连成光滑的曲线,即为等加速运动的位移曲线的部分,后半段等减速运动的位移曲线的画法与之相似.(2)角速度ω曲线:①、选凸轮转角比例尺μφ=1.25°/mm和角速度比例尺μω=0.0837(rad/s)/mm,在轴上截取线段代表。-14-10＇＇φ（°）ω（）图(2)②由角速度方程可得φ=φo/2,ω=ωmax,求得v换算到图示长度,3点处φ=