湖南省师范大学附属中学2019届高三物理上学期月考试题五含解析

-1-/15湖南省师范大学附属中学2019届高三物理上学期月考试题（五）（含解析）一、选择题1.港珠澳大桥(HongKong－Zhuhai－MacaoBridge)是中国境内一座连接香港、珠海和澳门的桥隧工程。2018年2月6日，港珠澳大桥主体完成验收，于同年9月28日起进行粤港澳三地联合试运。大桥设计使用寿命120年，可抵御8级地震、16级台风、30万吨撞击以及珠江口300年一遇的洪潮。假设一艘质量为m的轮船由于失控，以速度v撞向大桥(大桥无损)，最后没有反弹而停下来，事故勘察测量轮船发现迎面相撞处凹下去d的深度，那么可以估算出船对桥的平均撞击力F，关于F的表达式正确的是()A.B.C.D.mv【答案】A【解析】【分析】根据动能定理进行解答。【详解】根据动能定理可得，解得，故选A.2.某人发明了一个让飞机在航母上短距离起飞的装置，原理如图所示，ac和bd是相距为L的两根光滑的金属导轨，MN是相当于飞机的金属杆(质量为m，电阻为R)，匀强磁场方向如图，磁感应强度为B，a和b端接恒流源的正负两极(恒流源输出的电流恒为I)，MN杆将从dc端水平飞出。那么以下说法正确的是()A.a接电源的正极，b接电源的负极B.不考虑电流的磁场，MN杆将做加速度逐渐减小的加速运动，最大加速度为a＝-2-/15C.不考虑电流的磁场，MN杆将做匀加速运动，加速度为a＝D.恒流源的输出电压不变【答案】C【解析】【分析】根据左手定则判断电流方向，从而判断电源的正负极；根据牛顿第二定律确定导体棒的运动情况；由于电流恒定，但MN会产生感应电动势，所以恒流源的输出电压会增大.【详解】根据左手定则，MN受力向左，则电流应该从N流向M，即a接电源的负极，b接电源的正极，所以A错；由于电流恒定为I，所以安培力恒为F＝BLI，所以，MN杆将做匀加速运动，加速度为a＝，C正确，B错误；由于电流恒定，但MN会产生感应电动势，所以恒流源的输出电压会增大，故D错误，故选C。3.如图所示，固定的斜面放在竖直向下的匀强电场中，一个带正电的小物体从斜面顶端由静止开始滑到底端，在下滑过程中，下列图象最正确的是(t为下滑时间，x为下滑的位移，Ek为物体动能，Ej物体机械能，ED物体的电势能，Q摩擦产生的热量，取斜面底端重力势能为零)()A.B.C.D.【答案】B【解析】-3-/15【分析】根据每一个图象的横纵坐标的物理含义，分别推导其表达式，根据表达式逐项分析图象形状即可．【详解】Ek＝mv2＝(mg＋F)(sinθ－ucosθ)x，则与x成正比，而x＝at2，所以与时间t是二次函数关系，所以C错；Q＝μ(mg＋F)xcosθ，所以D错；设开始时小物体的机械能为E0，则Ej＝E0＋qExsinθ－μ(mg＋qE)·xcosθ，与x是线性关系，但无法确定是增大还是减小，所以A错；ED＝ED0－qExsinθ，所以B对；故选B。【点睛】本题考查功能关系的综合运用，功是能量转化的量度，其中：合外力做功为动能变化的原因，重力做功为重力势能变化的原因，其他外力做功为机械能的变化的原因；解题关键是要选择合适的规律推导横纵坐标满足的表达式．4.有一空间探测器对一球状行星进行探测，发现该行星上无生命存在，在其表面上，却覆盖着一层厚厚的冻结的二氧化碳(干冰)。有人建议利用化学方法把二氧化碳分解为碳和氧气而在行星上面产生大气，由于行星对大气的引力作用，行星的表面就存在一定的大气压强。如果一秒钟可分解得到质量为m的氧气，要使行星表面附近得到的压强至少为p，那么请你估算一下，至少需要多长的时间才能完成，已知行星表面的温度较低，在此情况下，二氧化碳的蒸发可不计，探测器靠近行星表面运行的周期为T，行星的半径为r，大气层的厚度与行星的半径相比很小。下列估算表达式正确的是()A.t＝B.t＝C.t＝D.t＝【答案】B【解析】【分析】可近似认为大气压是由大气重量产生的，根据大气的质量和地球的表面积求解大气压强；根据由万有引力定律及牛顿第二定律表示地球表面的重力加速度；最后可求解时间.-4-/15【详解】可近似认为大气压是由大气重量产生的，设大气的质量为m0，则p＝。设探测器的质量为m，行星质量为M，由万有引力定律及牛顿第二定律得：G＝mg，即g＝，即GM＝r3，解上述三式得：m0＝；依题意，1秒钟可得到m的氧气，故分解出m0的氧气所需的时间为：t＝，故选B。5.如图所示，固定的光滑半圆形轨道(半径为R)的上部足够大的空间存在着电场强度为E的匀强电场，方向竖直向下，一个带电荷量为＋q的小球(质量为m且qE＝mg，g为重力加速度)从距右端P高为R处从静止开始下落，不计空气阻力，恰好从P切入圆形轨道，若小球每通过一次半圆形轨道，小球的带电荷量变为原来的k倍(0k1)。以下结论正确的是()A.小球在电场中最终能上升的最大高度为2RB.每次小球经过最低点时对轨道的压力都一样大C.重复运动足够多次后，电场力对小球做的总功为mgRD.小球最终上升的高度为4.5R【答案】ABC【解析】【分析】当小球的电荷量趋于0时，小球最终能上升的高度最大，根据能量守恒定律求解；因为运动具有往复性，无论运动多少次，电场力做功恒为qER.【详解】因为小球的电荷量渐渐减小，最终为零，当最终q=0时（趋于0时），上升的高度最大，即mgh+qEh=mgH，得H=2h=2R，所以电场力最终只做了mgR的功，因此上升的最大高度为2R，因此A、C正确，D错误；因为运动具有往复性，从最低点到最低点合力做功恒为0，则小球的速度大小都相同，因此每次对轨道的压力也相同，因此B对。故选ABC.6.如图所示2019个质量分别为m的小球通过轻质弹簧相连(在弹性限度内)，在水平拉力F的-5-/15作用下一起以加速度a向右匀加速运动，设1和2之间的弹簧的弹力为F1－2，2和3间弹簧的弹力为F2－3，2018和2019间弹簧的弹力为F2018－2019，则下列结论正确的是()A.F1－2∶F2－3∶……F2018－2019＝1∶2∶3∶……2018B.从左到右每根弹簧的弹性势能之比为：1∶4∶9∶……20182C.如果突然撤去拉力F，撤去的瞬间，每个球的加速度依然为a，但第2019个球除外D.如果1和2两个球间的弹簧从第1个球处脱落，那么每个球的加速度依然为a，除第1个球外【答案】AC【解析】【分析】根据牛顿第二定律，利用整体法和隔离法求解各个球之间的作用力；撤去F瞬间，除第2019个球所受合力突然变化外，其他球的合力未变，据此求解.【详解】由牛顿第二定律可知F=2019ma，则对球1：F1-2=ma＝F，同理F2－3＝F，………F2018－2019＝F，所以A正确；因为题中没说弹簧的劲度系数是否相等，所以B错；突然撤去F瞬间，除第2019个球所受合力突然变化外，其他球的合力未变，所以其他球的加速度依然为a，所以C正确；第1个球脱落瞬间，第1和2两个球的合力突然改变，这两个加速度都会发后改变，所以D错。故选AC.【点睛】此题主要考查整体法和隔离法在连接体问题中的应用；关键还需知道，撤掉F的瞬时其他弹簧的弹力是不能突变的，结合牛顿第二定律求解.7.如图所示，线段AB均匀带正电，ab是与AB平行且正对的轻薄绝缘光滑细管，c是ab的中点，已知c点的电势为2φ，设a点的电势为φa，b点的电势为φb，那么()A.φa＝φb＝2φB.φa＝φb2φC.φφa2φ且φa＝φbD.从a端射入一个电子沿细管ab运动，电子在a点的速度等于电子在b点的速度【答案】CD-6-/15【解析】【分析】根据对称性分析ab两点的电势关系；将AB分成左右两部分，根据电势叠加原理分析a点电势；电子在管中运动时，电势能和动能之和守恒；【详解】由对称性可知φa＝φb；因AB在c点的电势为2φ，则对AB的左半部分，在c点产生的电势为φ，在a点产生的电势也为φ；AB的右半部分在a点产生的电势大于零小于φ，则根据电势叠加可知φφa2φ，选项AB错误，C正确；因φa＝φb可知，电子在ab两点的电势能相同，则从a端射入一个电子沿细管ab运动，电子在a点的速度等于电子在b点的速度，选项D正确；故选CD.8.如图所示，cdef导体框固定在水平面上，竖直向下的匀强磁场磁感应强度为B，de端接有一个电阻R，其他电阻不计，一根质量不计也无电阻的轻杆ab横放在导体框上，长为L，今在水平向右的拉力F作用下向右以加速度a匀加速运动了x0(初始速度为零)的过程中，那么以下说法正确的是()A.拉力F大小与运动时间t成正比B.电阻的发热功率P与ab杆运动的位移x成正比C.电阻的发热量Q与ab杆运动的位移x成正比D.通过电阻的电荷量q与ab杆运动的位移x成正比【答案】ABD【解析】【分析】质量不计的杆所受的拉力等于安培力，根据公式找到要讨论的物理量之间的关系即可判断.【详解】因为杆没有质量，所以安培力必然等于拉力F，所以F＝BLI＝＝t，因此A正确；P＝I2R＝()2R＝x，所以B正确；同理Q＝t3＝x，因为v在增大，所以C错。根据结论q＝可得q＝，D正确；故选ABD。二、实验题9.某同学为了研究力与加速度的关系，设计以下实验。如图所示，A是质量为M的盒子，放在-7-/15水平面上，通过细线绕过光滑轻滑轮与小桶B(质量为m0)相连，在A中装满了质量为M的沙子，然后不断地从A中往桶B里搬沙子，当共搬了某质量(记为m)的沙子放到桶B中时，轻推盒子A，发现A和B恰好可以一起匀速运动，然后该同学：从A中拿出质量为m1的沙子放入B中，将A从某固定位置释放，测出A滑到滑轮处的时间t1；然后从A中再拿出质量为m1的沙子放入B中，将A从同一位置释放，测出A滑到滑轮处的时间t2，如此往复，一共测量了5次，然后以AB及其中所有的沙子为研究对象进行研究。(1)为保证实验的完成和准确，以下说法正确的是_______。A．必须有的仪器设备有天平、刻度尺(测量释放盒子A时盒子到滑轮的距离L)和秒表(释放盒子A后盒子从释放到到达滑轮处的时间t)B．必须保证桶B及其中的沙子的质量远小于A及其中沙子的质量C．细线必须保证与水平面平行D．必须保证水平面足够光滑(2)最后该同学处理数据时，得到a－mx图象是一条直线(mx＝nm1，其中n＝1，2，3，4，5)，其斜率为k，测得当地的重力加速度为g，则匀速运动时桶B中的沙子的质量m＝________。【答案】(1).AC；(2).；【解析】【分析】（1）根据实验的原理及实验步骤分析各个选项；（2）由牛顿第二定律列出整体的方程，结合图像的物理意义求解m.【详解】（1）必须有的仪器设备有天平（测量沙子及AB的质量）、刻度尺（测量释放盒子A时盒子到滑轮的距离L）和秒表（释放盒子A后盒子从释放到到达滑轮处的时间t），选项A正确；因为对整体进行研究，则不需要保证桶B及其中的沙子的质量远小于A及其中沙子的质量，选项B错误；细线必须保证与水平面平行，选项C正确；因要平衡摩擦力，则没必要-8-/15必须保证水平面足够光滑，选项D错误；故选AC.（2）设盒子A与水平面之间的动摩擦因数为μ，加速运动时有(m0＋m＋mx)g－μ(2M－m－mx)g＝(2M＋m0)a，，由图象，匀速运动时有(m0＋m)g＝μ(2M－m)g，所以得：m＝2M－。10.如图所示，要测量一个元件X的电阻，首先用多用电表的欧姆挡去测量，当使用“×10”倍率挡时的情况如图所示，那么测量该元件时的读数为____Ω。为了比较精确测量X元件的伏安特性曲线，现备有如下仪器：A．电源(电压6V，内阻1Ω左右)B．电压表(量程0～5V，内阻1kΩ左右)C．电压表(量程0～30V，内阻2kΩ左右)D．电流表G(量程0～0.5mA，内阻Rg＝600Ω)E．电流表A(量程0～3A，内阻1Ω左右)F．电阻箱R(0～9999Ω)G．滑动变阻器(0～30Ω，最大电流2A)H．滑动变阻器(0～10Ω，最大电流0.5A)导线、开关若干(1)除导线、开关若干外，请选择需要的仪器设备____(填写仪器前面的符号)；(2)在列方框中画出原理图(如果用到电阻箱，请标明它的阻值大小，元件X用“”)；__