2020年高考理科数学一轮复习考点与题型全归纳第6章数列

第六章数列第一节数列的概念与简单表示一、基础知识1．数列的概念(1)数列的定义：按照一定顺序排列的一列数称为数列，数列中的每一个数叫做这个数列的项．(2)数列与函数的关系：从函数观点看，数列可以看成以正整数集N*(或它的有限子集{1,2，…，n})为定义域的函数an＝f(n)当自变量按照从小到大的顺序依次取值时所对应的一列函数值．数列是一种特殊的函数，在研究数列问题时，既要注意函数方法的普遍性，又要考虑数列方法的特殊性.(3)数列有三种表示法，它们分别是列表法、图象法和解析法．2．数列的分类(1)按照项数有限和无限分：有限数列：项数有限个；无限数列：项数无限个；(2)按单调性来分：递增数列：an＋1an，递减数列：an＋1an，常数列：an＋1＝an＝C常数，摆动数列.3．数列的两种常用的表示方法(1)通项公式：如果数列{an}的第n项与序号n之间的关系可以用一个式子来表示，那么这个公式叫做这个数列的通项公式．1并不是所有的数列都有通项公式；2同一个数列的通项公式在形式上未必唯一.(2)递推公式：如果已知数列{an}的第1项(或前几项)，且从第二项(或某一项)开始的任一项与它的前一项(或前几项)间的关系可以用一个公式来表示，那么这个公式就叫做这个数列的递推公式．通项公式和递推公式的异同点不同点相同点通项公式可根据某项的序号n的值，直接代入求出an都可确定一个数列，也都可求出数列的任意一项递推公式可根据第一项(或前几项)的值，通过一次(或多次)赋值，逐项求出数列的项，直至求出所需的an二、常用结论(1)若数列{an}的前n项和为Sn，通项公式为an，则an＝S1，n＝1，Sn－Sn－1，n≥2，n∈N*.(2)在数列{an}中，若an最大，则an≥an－1，an≥an＋1.若an最小，则an≤an－1，an≤an＋1.考点一由an与Sn的关系求通项an[典例](1)(2018·广州二模)已知Sn为数列{an}的前n项和，且log2(Sn＋1)＝n＋1，则数列{an}的通项公式为____________．(2)(2018·全国卷Ⅰ改编)记Sn为数列{an}的前n项和．若Sn＝2an＋1，则an＝________.[解析](1)由log2(Sn＋1)＝n＋1，得Sn＋1＝2n＋1，当n＝1时，a1＝S1＝3；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n，所以数列{an}的通项公式为an＝3，n＝1，2n，n≥2.(2)∵Sn＝2an＋1，当n≥2时，Sn－1＝2an－1＋1，∴an＝Sn－Sn－1＝2an－2an－1，即an＝2an－1.当n＝1时，a1＝S1＝2a1＋1，得a1＝－1.∴数列{an}是首项a1为－1，公比q为2的等比数列，∴an＝－1×2n－1＝－2n－1.[答案](1)an＝3，n＝1，2n，n≥2(2)－2n－1[解题技法]1．已知Sn求an的3个步骤(1)先利用a1＝S1求出a1；(2)用n－1替换Sn中的n得到一个新的关系，利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)便可求出当n≥2时an的表达式；(3)注意检验n＝1时的表达式是否可以与n≥2的表达式合并．2．Sn与an关系问题的求解思路根据所求结果的不同要求，将问题向不同的两个方向转化．(1)利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)转化为只含Sn，Sn－1的关系式，再求解．(2)利用Sn－Sn－1＝an(n≥2)转化为只含an，an－1的关系式，再求解．[题组训练]1.设数列{an}的前n项和为Sn，且Sn＝2(an－1)(n∈N*)，则an＝()A．2nB．2n－1C．2nD．2n－1解析：选C当n＝1时，a1＝S1＝2(a1－1)，可得a1＝2，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2an－2an－1，∴an＝2an－1，∴数列{an}为首项为2，公比为2的等比数列，∴an＝2n.2.设数列{an}满足a1＋3a2＋…＋(2n－1)an＝2n，则an＝____________.解析：因为a1＋3a2＋…＋(2n－1)an＝2n，故当n≥2时，a1＋3a2＋…＋(2n－3)an－1＝2(n－1)．两式相减得(2n－1)an＝2，所以an＝22n－1(n≥2)．又由题设可得a1＝2，满足上式，从而{an}的通项公式为an＝22n－1.答案：22n－1考点二由递推关系式求数列的通项公式[典例](1)设数列{an}满足a1＝1，且an＋1＝an＋n＋1(n∈N*)，则数列{an}的通项公式为________________．(2)在数列{an}中，a1＝1，an＝n－1nan－1(n≥2)，则数列{an}的通项公式为________________．(3)已知数列{an}满足a1＝1，an＋1＝3an＋2，则数列{an}的通项公式为________________．[解析](1)累加法由题意得a2＝a1＋2，a3＝a2＋3，…，an＝an－1＋n(n≥2)，以上各式相加，得an＝a1＋2＋3＋…＋n.又∵a1＝1，∴an＝1＋2＋3＋…＋n＝n2＋n2(n≥2)．∵当n＝1时也满足上式，∴an＝n2＋n2(n∈N*)．(2)累乘法∵an＝n－1nan－1(n≥2)，∴an－1＝n－2n－1an－2，an－2＝n－3n－2an－3，…，a2＝12a1.以上(n－1)个式子相乘得an＝a1·12·23·…·n－1n＝a1n＝1n.当n＝1时，a1＝1，上式也成立．∴an＝1n(n∈N*)．(3)构造法∵an＋1＝3an＋2，∴an＋1＋1＝3(an＋1)，∴an＋1＋1an＋1＝3，∴数列{an＋1}为等比数列，公比q＝3，又a1＋1＝2，∴an＋1＝2·3n－1，∴an＝2·3n－1－1(n∈N*)．[答案](1)an＝n2＋n2(n∈N*)(2)an＝1n(n∈N*)(3)an＝2·3n－1－1(n∈N*)[解题技法]1．正确选用方法求数列的通项公式(1)对于递推关系式可转化为an＋1＝an＋f(n)的数列，通常采用累加法(逐差相加法)求其通项公式．(2)对于递推关系式可转化为an＋1an＝f(n)的数列，并且容易求数列{f(n)}前n项的积时，采用累乘法求数列{an}的通项公式．(3)对于递推关系式形如an＋1＝pan＋q(p≠0,1，q≠0)的数列，采用构造法求数列的通项．2．避免2种失误(1)利用累乘法，易出现两个方面的问题：一是在连乘的式子中只写到a2a1，漏掉a1而导致错误；二是根据连乘求出an之后，不注意检验a1是否成立．(2)利用构造法求解时应注意数列的首项的正确求解以及准确确定最后一个式子的形式．[题组训练]1.累加法设数列{an}满足a1＝3，an＋1＝an＋1nn＋1，则通项公式an＝________.解析：原递推公式可化为an＋1＝an＋1n－1n＋1，则a2＝a1＋11－12，a3＝a2＋12－13，a4＝a3＋13－14，…，an－1＝an－2＋1n－2－1n－1，an＝an－1＋1n－1－1n，以上(n－1)个式子的等号两端分别相加得，an＝a1＋1－1n，故an＝4－1n.答案：4－1n2.累乘法设数列{an}满足a1＝1，an＋1＝2nan，则通项公式an＝________.解析：由an＋1＝2nan，得anan－1＝2n－1(n≥2)，所以an＝anan－1·an－1an－2·…·a2a1·a1＝2n－1·2n－2·…·2·1＝21＋2＋3＋…＋(n－1)＝2nn－12.又a1＝1适合上式，故an＝2nn－12.答案：2nn－123.构造法在数列{an}中，a1＝3，且点Pn(an，an＋1)(n∈N*)在直线4x－y＋1＝0上，则数列{an}的通项公式为________．解析：因为点Pn(an，an＋1)(n∈N*)在直线4x－y＋1＝0上，所以4an－an＋1＋1＝0，即an＋1＝4an＋1，得an＋1＋13＝4an＋13，所以an＋13是首项为a1＋13＝103，公比为4的等比数列，所以an＋13＝103·4n－1，故an＝103·4n－1－13.答案：an＝103·4n－1－13考点三数列的性质及应用考法(一)数列的周期性[典例]数列{an}满足an＋1＝2an，0≤an≤12，2an－1，12an1，a1＝35，则数列的第2019项为________．[解析]因为a1＝35，故a2＝2a1－1＝15，a3＝2a2＝25，a4＝2a3＝45，a5＝2a4－1＝35，a6＝2a5－1＝15，a7＝2a6＝25，…，故数列{an}是周期数列且周期为4，故a2019＝a504×4＋3＝a3＝25.[答案]25考法(二)数列的单调性(最值)[典例](1)(2018·百校联盟联考)已知数列{an}满足2Sn＝4an－1，当n∈N*时，{(log2an)2＋λlog2an}是递增数列，则实数λ的取值范围是________．(2)已知数列{an}的通项公式为an＝(n＋2)·78n，则当an取得最大值时，n＝________.[解析](1)∵2Sn＝4an－1,2Sn－1＝4an－1－1(n≥2)，两式相减可得2an＝4an－4an－1(n≥2)，∴an＝2an－1(n≥2)．又2a1＝4a1－1，∴a1＝12，∴数列{an}是公比为2的等比数列，∴an＝2n－2，设bn＝(log2an)2＋λlog2an＝(n－2)2＋λ(n－2)，∵{(log2an)2＋λlog2an}是递增数列，∴bn＋1－bn＝2n－3＋λ0恒成立，∴λ3－2n恒成立，∵(3－2n)max＝1，∴λ1，故实数λ的取值范围是(1，＋∞)．(2)当an取得最大值时，有an≥an－1，an≥an＋1，∴n＋278n≥n＋178n－1，n＋278n≥n＋378n＋1，解得n≤6，n≥5，∴当an取得最大值时，n＝5或6.[答案](1)(1，＋∞)(2)5或6[解题技法]1．解决数列的单调性问题的3种方法2．解决数列周期性问题的方法先根据已知条件求出数列的前几项，确定数列的周期，再根据周期性求值．[题组训练]1．设数列{an}，an＝nanb＋c，其中a，b，c均为正数，则此数列()A．递增B．递减C．先增后减D．先减后增解析：选A因为an＝nabn＋c＝ab＋cn，而函数f(x)＝ab＋cx(a0，b0，c0)在(0，＋∞)上是增函数，故数列{an}是递增数列．2．已知数列{an}满足an＋1＝11－an，若a1＝12，则a2019＝()A．－1B.12C．1D．2解析：选A由a1＝12，an＋1＝11－an，得a2＝11－a1＝2，a3＝11－a2＝－1，a4＝11－a3＝12，a5＝11－a4＝2，…，于是可知数列{an}是以3为周期的周期数列，因此a2019＝a3×673＝a3＝－1.[课时跟踪检测]A级1．(2019·郑州模拟)已知数列1，3，5，7，…，2n－1，若35是这个数列的第n项，则n＝()A．20B．21C．22D．23解析：选D由2n－1＝35＝45，得2n－1＝45，即2n＝46，解得n＝23，故选D.2．(2019·福建四校联考)若数列的前4项分别是12，－13，14，－15，则此数列的一个通项公式为()A.－1n＋1n＋1B.－1nn＋1C.－1nnD.－1n－1n解析：选A由于数列的前4项分别是12，－13，14，－15，可得奇数项为正数，偶数项为负数，第n项的绝对值等于1n＋1，故此数列的一个通项公式为－1n＋1n＋1.故选A.3．(2019·莆田诊断)已知数列{an}中，a1＝1，a2＝2，an＋1＝an＋an＋2(n∈N*)，则a5的值为()A．－2B．－1C．1D．2解析：选A由题意可得，an＋2＝an＋1－an，则a3＝a2－a1＝2－1＝1，a4＝a3－a2＝1－2＝－1