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众志成城卧虎藏龙地豪气干云秣马砺兵锋芒尽露披星戴月时书香盈耳含英咀华学业必成重庆市巴蜀中学2018-2019学年一（下）期末考试物理试题一、选择题1.下列各叙述中,正确的是()A.由功的定义式W=Fx可知，功是既有大小又有方向的物理量。B.在不需要考虑带电物体本身的形状和大小时，用点电荷来代替带电体的方法叫微元法C.牛顿在前人工作的基础上通过推导，提出了万有引力定律，并测出了引力常量的值D.比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如电场强度E=F/q,电势差U=W/q都是采用了比值法定义的【答案】D【点睛】在高中物理学习的过程中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的基础上，要注意方法的积累．2.2017年10与24日，在地球观测组织（GEO）全会期间举办的“中国日”活动上，我国正式向国际社会免费开放共享我国新一代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”和全球第一颗二氧化碳监测科学实验卫星(以下简称“碳卫星”)的数据。“碳卫星”是绕地球极地运行的卫星，在距地700千米的圆形轨道对地球进行扫描，汇集约140天的数据可制作一张无缝隙全球覆盖的二氧化碳监测图，有关这两颗卫星说法正确的是（）A.“风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向心加速度B.“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”线速度C.“风云四号”卫星的周期小于“碳卫星”的周期D.“风云四号”卫星的线速度大于第一宇宙速度【答案】B【解析】A、根据可知运行轨道半径越大向心加速度越小，“风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的向心加速度小于“碳卫星”的向心加速度，故A错误。B、根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度，故B正确。C、根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的周期大于“碳卫星”的周期，故C错误；D、第一宇宙速度是最大的运行速度，所以“风云四号”卫星的线速度小于第一宇宙速度，故D错误；故选B。【点睛】根据万有引力提供向心力比较“飞云四号”卫星和“碳卫星”的向心加速度和线速度，第一宇宙速度是最大的运行速度，由于地球自转，“碳卫星”的轨道无法和某一经线重合.3.如图所示，A、B两小球从相同高度（足够高）同时水平抛出,在空中相遇时下落的高度为h,若两球的抛出速度变为原来的一半,则两球从抛出到相遇经过的时间和下落的高度分别为()A.t，h/2B.2t，2hC.t，h/4D.2t，4h【答案】D【解析】两球同时抛出，竖直方向上做自由落体运动，相等时间内下降的高度相同，始终在同一水平面上。当A、B两小球以相同的水平速度v抛出时，有：，；当两球抛出速度变为原来的二分之一时，有，，解得，，则D正确，故选D.【点睛】解决本题的关键是知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．4.如图为某物业公司的宣传提醒牌。从提供的信息可知：一枚30g的鸡蛋从17楼（离地面人的头部为45m）落下，能砸破人的头骨。若鸡蛋壳与人头部的作用时间为4.5×10-4s，人的质量为50kg，重力加速度g=10m/s2，则人头骨受到的平均冲击力约为（）A.1700NB.2000NC.2300ND.2500N【答案】B..................【点睛】本题应用动量研究碰撞过程物体的速度．对于打击、碰撞、爆炸等变力作用过程，往往用动量定理研究作用力．5.如图所示,船从A处开出后沿直线AB到达对岸,若AB与河岸成37∘角,水流速度为4m/s,则船从A点开出相对静水的最小速度为()A.2m/sB.2.4m/sC.3m/sD.3.5m/s【答案】B【解析】设水流速度为，船在静水中的速度为，船沿AB方向航行时，运动的分解，如图所示，当与AB垂直时，最小，故，B正确．6.如图所示,质量为0.5kg的小球在距离车底部一定高处以初速度v0=15m/s向左平抛,落在以7.5m/s速度沿光滑水平面向右匀速行驶的敞篷小车中,车底涂有一层油泥,车与油泥的总质量为4kg,取g=l0m/s2,则当小球与小车相对静止时,小车的速度大小是()A.4m/sB.5m/sC.8.5m/sD.9.5m/s【答案】B【解析】小球抛出后做平抛运动，根据动能定理得：，解得：v0=15m/s；小球和车作用过程中，水平方向动量守恒，则有：-mv0+MV=(M+m)v′；解得：v′=5m/s；故选B。【点睛】本题主要考查了动能定理及动量守恒定律的直接应用，根据动能定理求出小球在落到车底前瞬间的水平速度，小球和车作用过程中，水平方向动量守恒，根据动量守恒定律列式即可求解.7.如图，两个相同的小球A、B用两根轻绳连接后放置在圆锥筒光滑侧面的不同位置上，绳子上端固定在同一点0，连接A球的绳子比连接B球的绳子长，两根绳子都与圆锥筒最靠近的母线平行．当圆锥筒绕其处于竖直方向上的对称轴OO’以角速度ω匀速转动时，A、B两球都处于筒侧面上与筒保持相对静止随筒转动。下列说法正确的是A.两球所受的合力大小相同B.A球对绳子的拉力大于B球对绳子的拉力C.A球对圆锥筒的压力大于B球对圆锥筒的压力D.两球所需的向心力都等于绳子拉力的水平分力【答案】B【解析】A、小球A和B紧贴着外壁分一起做匀速圆周运动，由合外力提供向心力；两球质量相同且角速度相同，由，而，，故A错误。D、对两球受力分析可知水平方向是拉力的水平分力和圆锥的支持力的水平分力之差提供向心力，故D错误。B、设两绳与竖直方向的夹角为，由竖直方向的平衡知识和水平方向的牛顿第二定律得：，，解得：，因可知，则B正确。C、同理由B项解得，因可知，由牛顿第三定律可知压力，故C错误。故选B。【点睛】对物体受力分析是解题的关键，通过对AB的受力分析可以找到AB的内在的关系，它们的质量相同，向心力的大小也相同，本题能很好的考查学生分析问题的能力，是道好题．8.如图（俯视图），用自然长度为l0，劲度系数为k的轻质弹簧，将质量都是m的两个小物块P、Q连接在一起，放置在能绕O点在水平面内转动的圆盘上，物体P、Q和O点恰好组成一个边长为2l0的正三角形。已知小物块P、Q和圆盘间的最大静摩擦力均为kl0，现使圆盘带动两个物体以不同的角速度做匀速圆周运动，则（）A.当圆盘的角速度为ω=时,圆盘对P的摩擦力最小B.当圆盘的角速度为ω=时,圆盘对Q的摩擦力的大小等于弹簧弹力的大小C.当圆盘的角速度为ω=时,物块Q受到的合力大小为kl0/2D.当物体P、Q刚要滑动时，圆盘的角速度为ω=【答案】A【解析】PQ间的距离为2l0，而弹簧的原长为l0，故弹簧的弹力为.A、当时，可得物块随圆盘转动需要的向心力为，根据合力与分力构成的矢量三角形可知，此时静摩擦力具有最小值为，故A正确。B、当时，可得物块随圆盘转动需要的向心力为，因力的三角形可知静摩擦力不等于弹簧的弹力，故B错误。C、D、当时，可得物块随圆盘转动需要的向心力为，也为物体所受的合力，此时物体和圆盘还未相对滑动，故C、D均错误。故选A。【点睛】本题关键是物体的受力情况和运动情况，找到向心力来源，根据牛顿第二定律列式求解，注意临界情况的分析。9.2018年1月31日“超级月亮”现身重庆夜空,某时刻月亮看起来比平常大10%、亮度提高了30%；这是因为月球沿椭圆轨道绕地球运动到近地点的缘故。则下列说法中正确的是（）A.此时月球的速度最大B.此时月球的加速度最大C.月球由远地点向近地点运动的过程，地球对月球的万有引力做负功D.月球由远地点向近地点运动的过程，月球的机械能减小【答案】AB【解析】根据开普勒定律，月球和地球的连线在相等的时间内扫过相等的面积，故在近地点速度最大，故A错误；在近地点轨道半径小，根据牛顿第二定律：ma=，此时月球的加速度大，故B正确；既然从远地点向近地点运动过程是加速运动，说明万有引力做正功，故C错误；由于只有万有引力做功，故月球的机械能不变，故D错误；故选B。10.如图所示,某条电场线上有a、b、c三点，其中ac=cb=10cm，已知a、b两点的电势分别为φa=-6V,φb=4V,若将一点电荷从b点由静止释放,仅在电场力作用下沿着电场线向a点做加速度逐渐减小的加速直线运动,则下列判断正确的是()A.该点电荷带正电B.电场在c点处的电势为φc=-1VC.该电场的场强E=100N/CD.该点电荷从b点运动到c点电场力做的功比从c点运动到a点电场力做的功多【答案】AD【解析】A、沿着电场线方向电势降低，则电场强度方向从b到a，将一点电荷从b点由静止释放，仅在电场力作用下沿着电场线向a点加速运动，则电场力方向由b到a，所以该电荷为正电荷，故A正确；B、C、点电荷从b到a的过程中，加速度逐渐减小，则电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小，则c点处的电势小于-1V，电场是非匀强电场，故无法求出场强，故B、C均错误；D、由可知UbcUca，则由可知电荷从b点运动到a点电场力做的功比从c点运动到a点电场力做的功多，故D正确。故选AD。【点睛】知道电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低，明确电场力做功与电势能的关系。11.如图甲所示,水平面上的物体在水平向右的拉力F作用下,由静止开始运动,运动过程中F功率恒为P.物体运动速度的倒数1/v与加速度a的关系如图乙所示(v0、a0为已知量).则下列说法正确的是()A.该运动过程中的拉力F为恒力B.物体加速运动的时间为v0/a0C.物体所受阻力大小为P/v0D.物体的质量为P/v0a0【答案】CD【解析】A、由题意可知：P=Fv，根据牛顿第二定律得：F-f=ma，即得：，联立解得：，匀速时有：，；图象的斜率，解得，故C、D正确，A、B错误。故选CD。【点睛】本题与汽车起动类似，要抓住功率公式P=Fv分析拉力的变化，利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决本题的关键。12.某静电除尘设备集尘板的内壁带正电,设备中心位置有一个带负电的放电极,它们之间的电场线分布如图所示,虚线为某带电烟尘颗粒(重力不计)的运动轨迹,A、B是轨迹上的两点,C点与B点关于放电极对称。下列说法正确的是()A.A点电势低于B点电势B.A点电场强度小于C点电场强度C.烟尘颗粒在A点的动能小于于在B点的动能D.烟尘颗粒在A点的电势能小于在B点的电势能【答案】AC【解析】由沿电场线方向电势降低可知，A点电势低于B点电势，A正确；由图可知，A点电场线比C点密集，因此A点的场强大于C点场强，B错误；烟尘颗粒带负电，从A到B的过程中，电场力做正功，动能增加，烟尘颗粒在A点的动能小于在B点的动能，电势能减小，烟尘颗粒在A点的电势能大于在B点的电势能，C正确D错误．13.一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中,受重力、电场力和空气阻力三个力作用。若该过程中小球的重力势能增加3J,机械能增加1.5J,电场力对小球做功2J,则下列判断正确的是（）A.小球的重力做功为3JB.小球克服空气阻力做功0.5JC.小球的电势能增加2JD.小球的动能减少1.5J【答案】BD【解析】A、小球的重力势能增加3J，则球克服重力做功3J．故A错误。B、小球共受到重力、电场力、空气阻力三个力作用。小球的机械能增加1.5J，则除重力以外的力做功为1.5J，电场力对小球做功2J，则知，空气阻力做功为-0.5J，即小球克服空气阻力做功0.5J．故B正确。C、电场力对小球做功2J，则小球的电势能减小2J．故C错误。D、小球的重力势能增加3J，机械能增加1.5J，说明动能减小1.5J．故D正确。故选BD。【点睛】本题关键要掌握功与能的关系，要注意几对功与能的对应关系，不能混淆．14.如图在（0，y0）和（0，-y0）两位置分别固定一个电荷量为+Q的点电荷。另一个带电量为+q的点电荷从（-x0，0）位置以初速度v0沿x轴正方向运动。点电荷+q从（-x0，0）到（x0，0）的过程中只受电场力作用，下列描述其加速度a或速度v与位置x的关