2007年高考宁夏理综(物理)

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第1页共8页2007年高考宁夏理综(物理)二、选择题:本题包括8小题,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对得6分,选对但不全得3分,有选错的得0分14、天文学家发现了某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动,并测出了行星的轨道半径和运行周期。由此可推算出A.行星的质量B.行星的半径C.恒星的质量D.恒星的半径15、下列说法正确的是A.行星的运动和地球上物体的运动遵循不同的规律B.物体在转弯时一定受到力的作用C.月球绕地球运动时受到地球的引力和向心力的作用D.物体沿光滑斜面下滑时受到重力、斜面的支持力和下滑力的作用16、甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动,t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的v-t图中(如图),直线a、b分别描述了甲乙两车在0-20s的运动情况。关于两车之间的位置关系,下列说法正确的是A.在0-10s内两车逐渐靠近B.在10-20s内两车逐渐远离C.在5-15s内两车的位移相等D.在t=10s时两车在公路上相遇17、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示。由图可知A.该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin(25t)VB.该交流电的频率为25HzC.该交流电的电压的有效值为1002VD.若将该交流电压加在阻值R=100Ω的电阻两端,则电阻消耗的功率时50W18、两个质量相同的小球用不可伸长的细线连结,置于场强为E的匀强电场中,小球1和小球2均带正电,电量分别为q1和q2(q1>q2)。将细线拉直并使之与电场方向平行,如图所示。若将两小球同时从静止状态释放,则释放后细线中的张力T为(不计重力及两小球间的库仑力)A.121()2TqqEB.12()TqqEC.121()2TqqED.12()TqqE05101015205t/sv/(m/s)b(乙)a(甲)1234560100u/Vt/10-2sE球1球2第2页共8页NSRCab19、在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,R1和R3均为定值电阻,R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S,此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R2的滑动触点向b端移动,则三个电表示数的变化情况是A.I1增大,I2不变,U增大B.I1减小,I2增大,U减小C.I1增大,I2减小,U增大D.I1减小,I2不变,U减小20、电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路,条形磁铁静止于线圈的正上方,N极朝下,如图所示。现使磁铁开始自由下落,在N极接近线圈上端的过程中,流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是A.从a到b,上极板带正电B.从a到b,下极板带正电C.从b到a,上极板带正电D.从b到a,下极板带正电21、匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点,AB的长度为1m,D为AB的中点,如图所示。已知电场线的方向平行于ΔABC所在平面,A、B、C三点的电势分别为14V、6V和2V。设场强大小为E,一电量为1×10-6C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W,则A.W=8×10-6J,E>8V/mB.W=6×10-6J,E>6V/mC.W=8×10-6J,E≤8V/mD.W=6×10-6J,E≤6V/m22、实验题⑴由绝缘介质隔开的两个同轴的金属圆筒构成圆柱形电容器,如图所示。试根据你学到的有关平行板电容器的知识,推测影响圆柱形电容器电容的因素有。⑵利用伏安法测量干电池的电动势和内阻,现有的器材为:干电池:电动势约为1.5V,符号电压表:量程1V,内阻998.3Ω,符号电流表:量程1A,符号滑动变阻器:最大阻值99999.9Ω,符号单刀单掷开关1个,符号导线若干①设计测量电源电动势和内阻的电路并将它画在指定的方框内,要求在图中标出电压表、电流表的接线柱的正负。②为了满足本实验要求并保证实验的精确度,电压表量程应扩大为原量程的倍,电阻箱的阻值应为Ω。A1A2VSR1R2R3abErADBCVAR1R2H第3页共8页23、倾斜雪道的长为25m,顶端高为15m,下端经过一小段圆弧过渡后与很长的水平雪道相接,如图所示。一滑雪运动员在倾斜雪道的顶端以水平速度v0=8m/s飞出,在落到倾斜雪道上时,运动员靠改变姿势进行缓冲使自己只保留沿斜面的分速度而不弹起。除缓冲外运动员可视为质点,过渡轨道光滑,其长度可忽略。设滑雪板与雪道的动摩擦因数μ=0.2,求运动员在水平雪道上滑行的距离(取g=10m/s2)24、在半径为R的半圆形区域中有一匀强磁场,磁场的方向垂直于纸面,磁感应强度为B。一质量为m,带有电量q的粒子以一定的速度沿垂直于半圆直径AD方向经P点(AP=d)射入磁场(不计重力影响)。⑴如果粒子恰好从A点射出磁场,求入射粒子的速度。⑵如果粒子经纸面内Q点从磁场中射出,出射方向与半圆在Q点切线方向的夹角为φ(如图)。求入射粒子的速度。15m25mRAOPDQφ第4页共8页30、物理选考题A.(物理——选修2-2)塔式起重机的结构如图所示,设机架重P=400kN,悬臂长度为L=10m,平衡块重W=200kN,平衡块与中心线OO/的距离可在1m到6m间变化,轨道A、B间的距离为4m。⑴当平衡块离中心线1m,右侧轨道对轮子的作用力fB是左侧轨道对轮子作用力fA的2倍,问机架重心离中心线的距离是多少?⑵当起重机挂钩在离中心线OO/10m处吊起重为G=100kN的重物时,平衡块离OO/的距离为6m,问此时轨道B对轮子的作用力FB时多少?B.(物理——选修3-3)如图所示,两个可导热的气缸竖直放置,它们的底部都由一细管连通(忽略细管的容积)。两气缸各有一个活塞,质量分别为m1和m2,活塞与气缸无摩擦。活塞的下方为理想气体,上方为真空。当气体处于平衡状态时,两活塞位于同一高度h。(已知m1=3m,m2=2m)⑴在两活塞上同时各放一质量为m的物块,求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假定环境温度始终保持为T0)。⑵在达到上一问的终态后,环境温度由T0缓慢上升到T,试问在这个过程中,气体对活塞做了多少功?气体是吸收还是放出了热量?(假定在气体状态变化过程中,两物块均不会碰到气缸顶部)。机架平衡块挂钩轮子轨道2m2mLOO/m1m2h第5页共8页C.(物理——选修3-4)图为沿x轴向右传播的简谐横波在t=1.2s时的波形,位于坐标原点处的观察者测到在4s内有10个完整的波经过该点。⑴求该波的波幅、频率、周期和波速。⑵画出平衡位置在x轴上P点处的质点在0-0.6s内的振动图象。D.(物理——选修3-5)在光滑的水平面上,质量为m1的小球A以速率v0向右运动。在小球的前方O点处有一质量为m2的小球B处于静止状态,如图所示。小球A与小球B发生正碰后小球A、B均向右运动。小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇,PQ=1.5PO。假设小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞都是弹性的,求两小球质量之比m1/m2。0123-1-2-30.10.08Px/my/mt=1.2sABOPQv0第6页共8页答案1415161718192021CBCBDABDA22、⑴H、R1、R2、ε(正对面积、板间距离、极板间的介质)⑵①②2;998.323、如图选坐标,斜面的方程为:3tan4yxx①运动员飞出后做平抛运动0xvt②212ygt③联立①②③式,得飞行时间t=1.2s落点的x坐标:x1=v0t=9.6m落点离斜面顶端的距离:112mcosxs落点距地面的高度:11()sin7.8mhLs接触斜面前的x分速度:8m/sxvy分速度:12m/syvgt沿斜面的速度大小为:cossin13.6m/sBxyvvv设运动员在水平雪道上运动的距离为s2,由功能关系得:2121cos()2BmghmvmgLsmgs解得:s2=74.8m24、⑴由于粒子在P点垂直射入磁场,故圆弧轨道的圆心在AP上,AP是直径。设入射粒子的速度为v1,由洛伦兹力的表达式和牛顿第二定律得:211/2vmqBvdVAErS++--yxOθRAOPDQφO/R/第7页共8页解得:12qBdvm⑵设O/是粒子在磁场中圆弧轨道的圆心,连接O/Q,设O/Q=R/。由几何关系得:/OQO//OORRd由余弦定理得:2/22//()2cosOORRRR解得:/(2)2(1cos)dRdRRd设入射粒子的速度为v,由2/vmqvBR解出:(2)2(1cos)qBdRdvmRd30、物理选考题A、解:⑴空载时合力为零:600kNABffPW已知:fB=2fA求得:fA=200kNfB=400kN设机架重心在中心线右侧,离中心线的距离为x,以A为转轴,力矩平衡4(21)(2)BfWPx求得:x=1.5m⑵以A为转轴,力矩平衡(62)4(21.5)(102)BWFPG求得:FB=450kNB、⑴设左、右活塞的面积分别为A/和A,由于气体处于平衡状态,故两活塞对气体的压强相等,即:/32mgmgAA由此得:/32AA在两个活塞上各加一质量为m的物块后,右活塞降至气缸底部,所有气体都在左气缸中。在初态,气体的压强为2mgA,体积为52Ah;在末态,气体压强为83mgA,体积为32Ax(x为左活塞的高度)。由玻意耳-马略特定律得:第8页共8页4533mgmgAhAxAA解得:54xh即两活塞的高度差为54h⑵当温度由T0上升至T时,气体的压强始终为83mgA,设x/是温度达到T时左活塞的高度,由盖·吕萨克定律得:/0054TThxxTT活塞对气体做的功为:0054(1)5(1)4TTWFsmghmghTT在此过程中气体吸收热量C、解:⑴A=0.1m2.5Hznft10.4sTf5m/svf⑵D、解:从两小球碰撞后到它们再次相遇,小球A和B的速度大小保持不变,根据它们通过的路程,可知小球B和小球A在碰撞后的速度大小之比为4∶1两球碰撞过程有:101122mvmvmv222101122111222mvmvmv解得:122mm0.10.20.30.40.50.60.10.08-0.08-0.1y/mt/s

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