2011年全国初中数学联合竞赛试题

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`2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准说明:评阅试卷时,请依据本评分标准.第一试,选择题和填空题只设7分和0分两档;第二试各题,请按照本评分标准规定的评分档次给分.如果考生的解答方法和本解答不同,只要思路合理,步骤正确,在评卷时请参照本评分标准划分的档次,给予相应的分数.第一试一、选择题:(本题满分42分,每小题7分)1.已知2ba,4)1()1(22abba,则ab的值为()A.1.B.1.C.21.D.21.【答】B.由4)1()1(22abba可得abbbaa4)1()1(22,即04)(2)(3322abbababa,即222222()2()40abaabbab,即2240abab,所以1ab.2.已知△ABC的两条高线的长分别为5和20,若第三条高线的长也是整数,则第三条高线长的最大值为()A.5.B.6.C.7.D.8.【答】B.设△ABC的面积为S,所求的第三条高线的长为h,则三边长分别为hSSS2,202,52.显然20252SS,于是由三边关系,得,252202,522202hSSSShSS解得3204h.所以h的最大整数值为6,即第三条高线的长的最大值为6.3.方程)2)(324(|1|2xx的解的个数为()A.1个B.2个C.3个D.4个【答】C.当1||x时,方程为)2)(324(12xx,即0349)324(2xx,解得13x,2433x,均满足1||x.当1||x时,方程为)2)(324(12xx,即0347)324(2xx,解得332x,满足1||x.综上,原方程有3个解..4.今有长度分别为1,2,…,9的线段各一条,现从中选出若干条线段组成“线段组”,由这一组线段恰好可以拼接成一个正方形,则这样的“线段组”的组数有()A.5组.B.7组.C.9组.D.11组.【答】C.显然用这些线段去拼接成正方形,至少要7条.当用7条线段去拼接成正方形时,有3条边每边都用2条线段连接,而另一条边只用1条线段,其长度恰好等于其它3条边中每两条线段的长度之和.当用8条线段去拼接成正方形时,则每边用两条线段相接,其长度和相等.又因为45921,所以正方形的边长不大于45[]114.由于4352617;5362718;546372819;64738291;65748392.所以,组成边长为7、8、10、11的正方形,各有一种方法;组成边长为9的正方形,有5种方法。故满足条件的“线段组”的组数为1×4+5=9.5.如图,菱形ABCD中,3AB,1DF,60DAB,15EFG,BCFG,则AE()A.21.B.6.C.132.D.31.【答】D.过F作AB的垂线,垂足为H.∵60DAB,2FDADAF,∴30AFH,1AH,3FH,又∵15EFG,∴EFGAFHAFGEFH45153090,从而△FHE是等腰直角三角形,所以HE=FH=3,∴31HEAHAE.6.已知2111zyx,3111xzy,4111yxz,则zyx432的值为()2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第1页(共8页)HGCBADFEA.1.B.23.C.2.D.25.【答】C.由已知等式得2zyxzxxy,3zyxxyyz,4zyxyzzx,所以29zyxzxyzxy.于是,25zyxyz,23zyxzx,21zyxxy.所以35xy,3yz,35xy,即xyz53。代入2111zyx,得2153511xxx,解得1023x.所以2523543532432xxxxzyx.二、填空题:(本题满分28分,每小题7分)1.在△ABC中,已知AB2,322,2ABBC,则A.【答】15。延长AB到D,使BD=BC,连线段CD,则12DBCDABCA,所以CA=CD。作ABCE于点E,则E为AD的中点,故111()(2232)23222AEDEADABBD,(223)(23)3BEABAE.在Rt△BCE中,3cos2EBEBCBC,所以30EBC,故1521ABCA.2.二次函数cbxxy2的图象的顶点为D,与x轴正方向从左至右依次交于A,B两点,与y轴正方向交于C点,若△ABD和△OBC均为等腰直角三角形(O为坐标原点),则cb2.【答】2.2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第2页(共8页)DEBAC由已知,得),0(cC,)0,24(2cbbA,)0,24(2cbbB,)44,2(2cbbD.过D作ABDE于点E,,则ABDE2,即cbcb444222,得cbcb42422,所以042cb或242cb.又042cb,所以242cb.又OBOC,即242cbbc,得2422cbcb.3.能使2562n是完全平方数的正整数n的值为.【答】11.当8n时,)21(225628nnn,若它是完全平方数,则n必为偶数.若2n,则65225622n;若4n,则17225624n;若6n,则5225626n;若8n,则2225628n。所以,当8n时,2562n都不是完全平方数.当8n时,)12(2256288nn,若它是完全平方数,则128n为一奇数的平方。设28)12(12kn(k为自然数),则)1(210kkn.由于k和1k一奇一偶,所以1k,于是2210n,故11n.4.如图,已知AB是⊙O的直径,弦CD与AB交于点E,过点A作圆的切线与CD的延长线交于点F,如果CEDE43,58AC,D为EF的中点,则AB=.【答】24.设yAExCE,4,则xEFxDEDF6,3.连AD,BC.因为AB为⊙O的直径,AF为⊙O的切线,所以2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第3页(共8页)DFBOACEDAFACDEAF,90.又因为D为Rt△AEF的斜边EF的中点,∴DFDEDA,∴AFDDAF,∴AFDACD,∴58ACAF.在Rt△AEF中,由勾股定理得222AFAEEF,即3203622yx.设zBE,由相交弦定理得BEAEDECE,即21234xxxyz,∴yzy33202①又∵DEAD,∴AEDDAE.又BECAEDBCEDAE,,∴BECBCE,从而zBEBC.在Rt△ACB中,由勾股定理得222BCACAB,即22320)(zzy,∴32022yzy.②联立①②,解得16,8zy.所以24BEAEAB.第二试(A)一、(本题满分20分)已知三个不同的实数cba,,满足3cba,方程012axx和02cbxx有一个相同的实根,方程2x0xa和02bcxx也有一个相同的实根.求cba,,的值.解依次将题设中所给的四个方程编号为①,②,③,④.设1x是方程①和方程②的一个相同的实根,则,0,01121121cbxxaxx两式相减,可解得bacx11.……………………5分设2x是方程③和方程④的一个相同的实根,则,0,0222222bcxxaxx两式相减,可解得12cbax。所以2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第4页(共8页)121xx.……………………10分又方程①的两根之积等于1,于是2x也是方程①的根,则01222axx。又0222axx,两式相减,得1)1(2axa.……………………15分若1a,则方程①无实根,所以1a,故12x.于是1,2cba.又3cba,解得3,2bc.……………………20分二.(本题满分25分)如图,在四边形ABCD中,已知60BAD,90ABC,120BCD,对角线BDAC,交于点S,且SBDS2,P为AC的中点.求证:(1)30PBD;(2)DCAD.证明(1)由已知得90ADC,从而DCBA,,,四点共圆,AC为直径,P为该圆的圆心.……………………5分作BDPM于点M,知M为BD的中点,所以BPM=12BPD=60A,从而30PBM.……………………10分(2)作BPSN于点N,则12SNSB.又BDMBDMSBDS21,2,∴SNSBSBSBDMDSMS21232,……………………15分∴Rt△PMS≌Rt△PNS,∴30NPSMPS,又PBPA,所以1152PABNPS,故DCADAC45,所以DCAD.……………………25分三.(本题满分25分)已知pnm,,为正整数,nm.设(,0)Am,(,0)Bn,(0,)Cp,O为坐标原点.若90ACB,且)(3222OCOBOAOCOBOA.(1)证明:3pnm;(2)求图象经过CBA,,三点的二次函数的解析式.NMSDCPAB解(1)因为90ACB,ABOC,所以2OCOBOA,即2pmn.由)(3222OCOBOAOCOBOA,得)(3222pnmpnm.…………………5分又)(2)(2222mpnpmnpnmpnm)(2)(22mpnpppnm)(2)(2pnmppnm))((pnmpnm,从而有3pnm,即3pnm.……………………10分(2)由2pmn,3pnm知nm,是关于x的一元二次方程0)3(22pxpx①的两个不相等的正整数根,从而04)]3([22pp,解得31p。又p为正整数,故1p或2p.………………………15分当1p时,方程①为0142xx,没有整数解.当2p时,方程①为0452xx,两根为4,1nm.综合知:2,4,1pnm.………………………20分设图象经过CBA,,三点的二次函数的解析式为)4)(1(xxky,将点)2,0(C的坐标代入得)4(12k,解得21k.所以,图象经过CBA,,三点的二次函数的解析式为22321)4)(1(212xxxxy.…………………2011年全国初中数学联合竞赛试题参考答案及评分标准第5页(共8页)……25分第二试(B)一.(本题满分20分)题目和解答与(A)卷第一题相同.二.(本题满分25分)如图,在四边形ABCD中,已知60BAD,90ABC,120BCD,对角线BDAC,交于点S,且DS2SB.求证:DCAD.证明由已知得90ADC,从而DCBA,,,四点共圆,AC为直径.设P为AC的中点,则P为四边形ABCD的外接圆的圆心.………………………5分作BDPM于点M,则M为BD的中点,所以BPM=12BPD=60A,从而30PBM.………………………10分作BPSN于点N,则12SNSB.又BDMBDMSBDS21,2,∴SNSBSBSBDMDSMS21232,………………………15分∴Rt△PMS≌Rt△PNS,∴30NPSMPS,又PBPA,所以1152PABNPS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