物理竞赛练习(三)1.质量与半径足够大的光滑水平圆盘以匀角速度ω绕过圆心的竖直轴旋转。(1)质量分别为mA和mB的两个小球A和B,用劲度系数为k、自由长度为L的轻弹簧相连后置于圆盘上,试对所有可能达到的稳定状态计算A、B各自离圆心的距离。(2)A、B、C为三个小球,A、B间及B、C间均用劲度系数为k、自由长度为L轻弹簧相连后置于圆盘上,若排除二弹簧重叠的可能性,且设A、B、C的质量分别为mA=2k/ω2、mB=3k/ω2、mC=4k/ω2,试讨论系统达到稳定的可能性。2.有三个质量相等的粒子,粒子1与粒子2中间夹置一个被充分压缩了的轻质短弹簧,并用轻质细线缚在一起(可视为一个小物体),静止地放置在光滑水平面上,另一个粒子3沿该光滑水平面射向它们。粒子3和粒子1相碰撞并粘连在一起运动。后轻质细线自动崩断,使弹簧释放,三个粒子分成两部分:一部分为粒子2,另一部分为粘在一起的粒子1、3。已知弹簧被充分压缩时的弹性势能是EP。为了使被释放出的粒子2的散射角保持在30º之内,求粒子3入射时的动能应满足什么条件。OAmBmArBr图17-136x0vv1v2v2v1vO3.设想有一单摆,其摆长L与地球半径R相等,试求此单摆在地球表面附近振动时的周期T=?已知地球半径为R=6370km。4.设想有一单摆,其摆长L与地球半径R相等,试求此单摆在地球表面附近振动时的周期T=?已知地球半径为R=6370km。5.某空调器按可逆卡诺循环运转,其中的作功装置连续工作时所提供的功率P0。(1)夏天室外温度恒为T1,启动空调器连续工作,最后可将室温降至恒定的T2。室外通过热传导在单位时间内向室内传输的热量正比于(T1-T2)(牛顿冷却定律),比例系数A。试用T1,P0和A来表示T2。(2)当室外温度为30ºC时,若这台空调器只有30%的时间处于工作状态,室温可维持在20ºC。试问室外温度最高为多少时,用此空调器仍可使室温维持在20°C。(3)冬天,可将空调器吸热、放热反向。试问室外温度最低为多少时,用此空调器可使室温维持在20ºC。6.图42-35是一个滴水起电机的原理图,W是带小孔的水槽,水槽中装有食盐水。食盐水与电极P1间的电压为U0,每滴食盐水的质量为m。盘状电极P2位于P1的下方,相距高度为h,P1、P2之间的电容为C1。当水滴流经P1的狭窄通道时,与P1也形成一个电容器,电容量为C2,C2›C1。C2充电到U0,使小水滴带上正电,然后离开P1的狭窄通道滴下。水滴下落的频率很低,P1、P2之间不会同时有两滴水存在。已知开始时P2不带电,P2上由滴水引起的水位变化可以忽略。试求:(1)电极P2可达到的最高电势;(2)水滴临到达P2之前的速度与该水滴之前落下的水滴滴数之间的关系。W0Uh2P1PO图42-351.解:(1)如图17-136,两小球Am、Bm必与圆心共线,且分居于圆心O两侧对A:)(2LrrkrmBAAA(1)对B:)(2LrrkrmBABB(2)解之,得22)()(BABAABBABABAmmmmkLkmrmmmmkLkmrAr、Br均需要大于零,故BABAmmmmk2(2)A、B、C小球若不共线,如图17-137所示,因任意两球间弹力沿两球心连线方向,不可能指向圆心O,故不可能出现上述不共线的情况。如图17-138,设圆心O在A、B之间,以O为坐标原点,则应有BCBAxxxx00(1))()()()(222LxxkxmLxxkxmLxxkxmBCCCBABBBAAA将已知条件代入,可得LxxxxxxxLxxxBCCCBABBAA4232解得LxLxLxCBA2不满足(1)式,所以不可能出现上述的稳定状态。ABCO图17-137ABCOxAxBxCx图17-138OABC图17-139设O在B、C之间,建立如图17-139所示坐标,则应有000CBAAxxxx(2))()()()()()(222LxxkxmLxxkLxxkxmLxxkxmBCCCBABCBBBAAA代入已知条件,简化为LxxxxxxxLxxxBCCCBABBAA4232解得LxLxLxCBA2与(2)式矛盾,所以也不存在这样的稳定状态,综上所述,系统不可能出现任何的稳定状态。2.分析:这量道综合性较强的涉及动量、能量的竞赛题。解答本题要注意三点:(1)依据动量守恒定律分析粒子2散射前后的速度与粒子1、3的速度关系,并画出散射前后的速度矢量图;(2)根据能量关系及速度关系推出弹性势能PE与粒子动能间关系;(3)由题中给出粒子2的散射范围。建立粒子2散射速度矢量图并分析该图解出结论。解:建立如图18-41所示的坐标系,以粒子3入射速度0v为x轴正方向。设每个粒子的质量为m,当粒子3与1相碰并粘在一起,而在细线断开之前,三个粒子是一起运动的,若其共同速度为v,按照动量守恒定律,有mvmv30即v也沿x方向,其大小为30vv细线断开后弹簧释放,弹性力做功使弹性势能PE转化为粒子1、3和粒子2的动能增量,设粒子1、3最后的速度为1v,粒子2最后的速度为2v,由机械能守恒和动量守恒定律可知PEvmmvvm22221)3(2121)2(21(2)021)3()2(mvvmmvvm(3)因弹簧安置的方向不同等原因,粒子2将可能以不同的速度向各方向飞出,设2v与0v的夹角为θ。在细线崩断过程中,粒子2和粒子1、3由于受到弹力的冲量作用,都将产生相应的动量的增量,从而有速度的增量。设其速度增量分别为1v和2v,则有2211vvvvvv或yyyxxxvvvvvv1111yyyxxxvvvvvv2222将(4)式代入(3)式,得mvvvmvvm3)())(2(21因而2121vv或yyxxvvvv21212121(2)式可写成如下的形式PyxyxyxEvvmvvmvvm))(3(21)(21))(2(212222221221将(4)(5)两式化入上式并化简,有])()[(21])())[(2(2122222121yyxxyyxxvvvvmvvvvm)(43))(3(21222222yxyxvvmvvmPyxEvvm))(3(2122得到22)(43vmEp(6)Ov2v2vP图18-42(6)式表明,在pE给定的条件下,2v的大小是一定的,2v的大小和方向与2v的方向有关,即与弹簧安置的方向有关,如图18-42所示,若v和2v的大小一定,即图中圆的半径和P点到圆心的距离一定。当2v与2v垂直时,θ角最大,这时2v的方向沿圆的切线方向,所以在弹簧各种可能的安置方向中,以图1-4-30所示的沿2v的方向安置时,粒子2有最大散射角,要求粒子2的散射角保持在30º以内,必须要求30sin2vv即22vv或602vv(7)由式(7)和(6),可得到202021241)6(43mvvmEp所以要求粒子3入射时的动能pEmv2421204.分析:摆球在地面附近运动,可以认为它所受地球引力的大小不变,为mgRGMmF2但如果摆长很长,则当其摆角即使很小时,摆动中摆球相对于地面的位移也是较大的。由此,在其摆动中所受地球引力的方向变化便不可忽略。这一点正是本题情况与通常所讨论的普通单摆的区别。(在讨论普通单摆时,我们认为摆球所受地球引力为恒力——即其大小和方向都必须是不变的。)解:如图19-43,设此单摆的摆角为时,它偏离平衡位置的位移为x,偏离地心O的角度为a,所受地球引力为F。由图可知,此时摆球所受回复力为coscosmgFF由图有2,且由于,均为很小的角,则近似地有lx、Rx,代入前式可OFF图19-43得)()sin(mgmgFxRlmg11由简谐运动的周期公式有kmT2gRllRRlmgmT)(2112当Rl时,此单摆的周期为gRT22min59354080.9210637023ss说明(1)对于普通单摆,有l«R,代入以上所得的公式为glgRllT212这正是我们早已熟知的单摆周期公式。(2)若l»R,则由前述公式可得gRT2min845040918010637023ss5.分析:夏天,空调器机为制冷机,作逆向卡诺循环,从室内吸热,向室外放热,对工作物质作功。为保持室温恒定,空调器从室内吸热等于室外向室内通过热传导传输的热量。冬天刚好相反,空调为热机,作顺向卡诺循环,从室外吸热,向室内放热,为保持室温恒定,空调器向室内的放热应等于室内向室外通过热传导传输的热量。解:(1)夏天,空调器为制冷机,单位时间从室内吸热2Q,向室外放热1Q,空调器的平均功率P,则PQQ21。对可逆卡诺循环,则有2211TQTQ,PTTTQ2122。通过热传导传热)(21TTAQ,由2QQ得221TAPTT]4[2110212ATPApAPTT因空调器连续工作,式中0pp,]4[211020012ATPApAPTT(2)KT2931,03.0pp,KT3031,而所求的是0PP时对应的1T值,记为max1T,则20213.0TAPTT202max1TAPTT解得CKTTTT26.3826.311)(3.0212max1(3)冬天,空调器为热机,单位时间从室外吸热1Q,向室内放热2Q,空调器连续工作,功率为0P,有012pQQ,2211TQTQ,由热平衡方程得:012212)(pTTTTTA)(2max122021TTTTAPTTCKTT74.174.2742max12若空调器连续工作,则当冬天室外温度最低为1.74ºC,仍可使室内维持在20ºC。6分析:这是一个过程比较复杂的实际问题,首先必须建立起正确的物理模型。水滴在2C这个电容器中被充电,带上了02UCq的正电荷。随着水滴的下落,2P板上的正电荷越来越多,1C的电量不断增加,1P、2P之间的电场强度也不断增大。水滴在下落过程中受到两个力的作用,重力mg和电场力qE,当这两个力互相平衡时,水滴便无法再下落,此时2P的电势便是2P能达到的最高电势。解:(1)水滴电量02UCq,设当2P达到1U时,水滴受力平衡,即.1hUqqEmg得.021UCmghU当水滴下落过程中,消耗的重力势能mgh越大,2P所能达到的电势越高,这样,根据能量转换的观点是很容易理解的。(2)n个水滴落下后,2P的电势便为.//1201CCnUCnqUn此时第n+1个水滴受到的电场力.12022hCUnChqUqEFnn设第n+1个水滴的加速度为.12022hmCUmCgmFmga其速度为.22212022mCUnCghah