高中物理竞赛甲

1高中物理奥赛综合训练题1、长方形风筝如图1所示，其宽度a=40cm，长度b=50cm，质量M=200g（其中包括以轻绳吊挂的纸球“尾巴”的质量M′=20g，纸球可当作质点）。AO、BO、CO为三根绑绳，AO=BO，C为底边中点；绑绳及放风筝的牵绳均不可伸缩，质量不计。放风筝时，设风速为零，牵绳保持水平拉紧状态。当放风筝者以速度v持牵绳奔跑时，风筝单位面积所受的空气作用力垂直于风筝表面，量值为P=Kvsinα，K=8Ns/m3，α为风筝表面与水平面的夹角。风筝表面为光滑平面，各处所受空气作用力近似相等，g取10m/s2。试求：（1）放风筝者至少应以多大速度持牵绳奔跑，风筝才能做水平飞行?（2）这时风筝面与水平面的夹角应为何值?假设通过调整绑绳长度可使风筝面与水平面成任意角度α。2、如图2是一个直径为D的圆柱体，其侧面刻有螺距为h的螺旋形凹槽，槽内有一小球，为使小球能自由落下，必须要以多大的加速度来拉缠在圆柱体侧面的绳子?3、（前苏联奥林匹克竞赛题）快艇系在湖边，湖岸是直线，系绳突然松脱，风吹着快艇以恒定速度v0=2.5km/h沿与湖岸成15°角的方向飘去，一人能在岸上以v1=4km/h行走或在水中以v2=2km/h游泳。试问：（1）他能否赶上快艇；（2）当快艇速度多大时，他总可以赶上快艇。4、（北京市高中物理竞赛题）一辆汽车沿水平公路以速度v无滑动地运动，如果车轮半径为R，试求车轮抛出的水滴上升的最大高度和抛出点的位置。25、（全国中学生物理竞赛题）图3中，AOB是一内表面光滑的楔形槽，固定在水平桌面(图中纸面)上，夹角α=15°，现将一质点在BOA面内从C处以速度v=3m/s射出，其方向与AO间的夹角为β=30°，OC=1m，设质点与桌面的摩擦可忽略不计，质点与OB面及OA面的碰撞都是弹性碰撞，且每次碰撞时间极短，可忽略不计。并设OA和OB都足够长。试求：（1）上述质点的多次碰撞中，最后一次碰撞是发生在哪个面上?（2）质点从C出发至发生最后一次碰撞，共经历了多少时间?6、图4中细杆AB长L，端点A、B分别被约束在x和y轴上运动，试求：（1）杆上与A相距（0＜a＜L）的P点的运动轨迹；（2）如果图中θ角和vA为已知，那么P点的x、y方向分运动速度vpx、vpy是多少?7、（全国中学生力学竞赛题）如图5所示，平板A长L=5m，质量M=5kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐。在A上距右端s=3m处放一物B(大小可忽略，即可看成质点)，其质量m=2kg。已知A、B间动摩擦因数μ1=0.1，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数都是μ2=0.2，原来系统静止。现在板的右端施大小一定的水平力F，作用一段时间后，将A从B下抽出，且使B最后恰停于桌的右侧边缘。试求：（1）力F大小为多小?（2）力F最短作用时间为多少?38、（吉林省高中物理竞赛题）如图6所示，质量为m的链条，围成半径为R的圆，套在半张角为θ的光滑圆锥上。如果链条以恒定的角速度ω绕竖直轴旋转，试求链条内的张力。9、1844年杰出的数学家和天文学家贝塞耳发现天狼星的运动偏离直线路径的最大角度α为2.3°，周期T为50年，且呈正弦曲线（与地球上观察者的运动无关），如图7所示．贝塞耳推测天狼星运动路线的弯曲是由于存在着一个较小的伴星。如果天狼星自身的质量M为2.3M日，求它的伴星质量与太阳质量M日之比。已知从天狼星看地球轨道半径R0的张角β为0.276°，可以把天狼星和它的伴星的轨道看作圆形，并且轨道平面垂直于太阳系到天狼星的方向。10、（上海市高中物理竞赛题）如图8所示，竖直放置的质量为4m，长为L的圆管顶端塞有一个质量为m的弹性圆球，球和管间的滑动摩擦力和最大静摩擦力大小均为4mg。圆管从下端离地面距离为H处自由落下，落地后向上弹起的速度与落地时速度大小相等。试求：（1）圆管弹起后圆球不致滑落，L应满足什么条件。（2）圆管上升的最大高度是多少?（3）圆管第二次弹起后圆球不致滑落，L又应满足什么条件?411、（全国中学生物理竞赛题）从地球表面向火星发射火星探测器，设地球和火星在同一平面上绕太归作圆周运动，火星轨道半径R。为地球轨道半径R0的1.5倍，简单而又比较节省能量的发射过程可分为两步进行：第1步，在地球表面用火箭对探测器进行加速，使之获得足够动能，从而脱离地球引力作用成为一个沿着地球轨道运动的人造卫星。第二步，在适当时刻点燃与探测器连在一起的火箭发动机，在短时间内对探测器沿原方向加速，使其速度数值增加到适当值，从而使得探测器沿着一个与地球轨道及火星轨道分别在长轴两端相切的半个椭圆轨道正好射到火星上，如图9-a所示，问：（1）为使探测器成为沿地球轨道运行的人造卫星，必须加速探测器，使之在地面附近获得多大的速度(相对地球)?（2）当探测器脱离地球并沿地球公转轨道稳定运行后，在某年3月1日0时测得探测器与火星之间的角距离为60°，如图9-b所示，问应在何年何月何日点燃探测器上的火箭发动机，方能使探测器恰好落在火星表面（时间计算需要精确到日）?已知地球半径R0=6.4×106m，重力加速度g取9.8m/s2。12、如图10所示，有一绝缘水平台面，处于一个足够大空间有互相正交的匀强电场和匀强磁场的区域。电场强度E=10N/c，方向水平向右；磁感应强度B=5T，方向垂直于纸面向里。今有一质量m=1g，带电量g=+4×10－4C的可视为质点的小球A由静止开始在台面上运动，g=10m/s2，求在A运动中速度能达到的最大值。5参考解答（或答案）1、解答：设人以速度v0持牵绳奔跑时，风筝恰能水平飞行，设此时风筝面与地面夹角为α（如图11所示），则风对风筝的作用力：F=Kv0absinα其竖直分量应与重力平衡，即：Fy=Kv0absinαcosα=Mg即：12Kv0absin2α=Mg（2）当2α=90°，即α=45°时，v0取最小值，且：（1）v0min=2MgKabsin90°=2.5m/s2、解答：将等螺距线展开成图12所示的三角形，其中倾角α满足：tanα=hD在转过n周过程中，有：nπD=12at2nh=12gt2消去时间t，可得：a=gDh3、解答：（1）设人在岸上跑的时间为t1，到达A点下水，其过程如图13所示。若能使t3≤t2，则表示人能追上（或超过）小艇。由余弦定理，可得追上的条件为：(v1t1)2+[v0(t1+t2)]2－2(v1t1)[v0(t1+t2)]cos15°≤(v2t2)2整理并代入数据后，可得：2.8521t－6.9t1t2+2.2522t≤0对于任意确定的t1，t2必有正解，应为：0.493t1≤t2≤2.573t1（2）22km/h4、解答：如图14所示，取轮轴为坐标原点，设雨滴车轮上A点脱离车轮，其脱离瞬时速度vA=v，其竖直分量vy=vsinα，水平分量vx=v－vcosα抛出点离地高度：hA=R(1－cosα)则水滴上升的最大高度：H=hA+2(vsin)2g即：H=R(1－cosα)+22vsin2g=R－Rcosα+2v2g(1－cos2α)可见H与α有关，将上式进一步整理，得：2v2gcos2α+Rcosα+(H－R－2v2g)=0可解得：cosα=－2gRv±222gR2gH(1)vv要cosα有意义，必须满足：（1）Δ≥0，即：(1+2gRv)2－22gHv≥0，可得：H≤2v2g(1+2gRv)2（2）cosα≤1。这又需要分两种情况讨论：①若2gRv＞1，则只有cosα=－2gRv+222gR2gH(1)vv是可能的。如H有最大值，只有取222gR2gH(1)vv足够小，即当α=π（cosα=－1）时，Hmax=2R②若2gRv≤1，则只有cosα=－2gRv－222gR2gH(1)vv是可能的。如H有最大值，只有取222gR2gH(1)vv足够大，即当α=0（cosα=1）时，Hmax=0。5、解：（1）由BO面起，每隔α角作一对称面，如图15所示。令其从BO面起，依次为第1、第2、…、第n、第(n+1)面。再作射线CD，作为出射路径，使其依次和所有可能相交的对称面相交，且最后一个相交的面为n，其交点为K，则有：∠AOK=nα由于第（n+1）个对称面和CD无交点（但和第n个对称面有交点），故n应满足：6nα+β＜180°≤(n+1)α+β即：n＜o180≤n+1将α=15°，β=30°代入，得：n＜10所以n=9，即质点自C点出发后，还将分别与OB面和OA面共发生9次碰撞，由此可以确定其最后一次碰撞是发生在OB面上。（2）由于质点自出发至最后一次碰撞所通过的路程总长度等于CK，则在ΔCOK中，由正弦定理可得：oCKsin135=oOCsin15即：CK=2.73m则质点由C点出发至最后一次碰撞所经历的总时间为：t=CKv=2.733=0.91s6、答案：P点的轨迹为椭圆方程，vpx=acotθvA、vpy=(1－a)vA7、答案：（1）26N；（2）1.5S8、答案：T=2m(Rgcot)29、答案：mM=1.4910、解答：（1）取竖直向下为正方向，则：球与管第一次碰地前的瞬时速度v0=2gH碰地后瞬间，管的速度v管=－2gH，球的速度v球=2gH。球相对管的速度v相=22gH碰后，管受重力作用及向下的摩擦力作用，加速度a管=2g；球受重力和向上的摩擦力作用，加速度a球=－3g。球相对管的加速度a相=－5g。以管为参考系，则球与管相对静止前，球相对管下滑的距离为：s相1=20v2a相相=222gH)2(5g)-（=45H要使球不滑出圆管，应满足：L＞s相1=45H（2）设管从碰地到它弹到最高点所需时间为t1（设球与管这段时间内摩擦力方向不变），则：t1=v2a管管=2gH2g设管从碰地到与球相对静止所需的时间为t2，则：t2=v2a相相=22gH5g因为t1＞t2，说明球与管先达到相对静止，再以共同速度上升到最高点。设球和管达相对静止时的高度为h′，共同速度为v′，则：h′=v管t2－12a管22t=1225Hv′=v管－a管t2=152gH此后，球和管以初速度v′竖直上抛。设再上升的高度为h″，则：h″=2v2g=125H因此，管上升的最大高度H′=h′+h″=1325H（3）当球与管第二次共同下落时，离地高度为1325H，球距管顶45H。类比第（1）问可解出两者在第二次反弹中发生的相对位移：s相2=45H′=52125H则当s相1+s相2＜L时，球不会滑出管外，即：L＞152125H11、答案：（1）11.2×103m/s；7（2）3月1日之后的38天即同年的4月7日。12、答案与提示：将即将飞起的速度分解成v1=5.4m/s、v2=2m/s，方向和重力和电场力的合力垂直，并且bqv1=F合，当v1和v2方向相同时，获得最大的速度7.4m/s。